事实上，她只花了b美元。
超市出售N种商品。第i件商品可以以ci美元的价格购买。当然，每件商品只能买一次。
最近，超市一直在努力促销。凯伦作为一个忠实的客户，收到了n张优惠券。
如果凯伦购买i次商品，她可以用i次优惠券降低di美元。 当然，不买对应的商品，优惠券不能使用。
然而，对于优惠券有一个规则。对于所有i>=2，为了使用i张优惠券，凯伦必须也使用第xi张优惠券 （这可能意味着使用更多优惠券来满足需求。）
凯伦想知道。她能在不超过预算B的情况下购买的最大商品数量是多少？
输入输出样例
输入样例#1： 复制
6 16
10 9
10 5 1
12 2 1
20 18 3
10 2 3
2 1 5
输出样例#1： 复制
4
输入样例#2： 复制
5 10
3 1
3 1 1
3 1 2
3 1 3
3 1 4
输出样例#2： 复制
5
数据范围：1<=n<=5000
Solution
今天考试考了这道题，我也是醉了，一开始就在想这题，一个小时后调出来了，自信AC，稳了。我还手输了几组数据都过了，详细请看我理解下的题目。后来才发现是i用了优惠,j才能用优惠，我认为是选了i，j就能优惠，关键是样例还过了，哎！还是太菜了。
每个结点只能有一个父节点，容易想到建树，然后树性DP，n=5000可以想到O((n^2))的算法，我们定义(f[i][j][2])代表i结点,选了j个结点，包括它自己，最后一维代表当前结点是否优惠。
容易想到转移方程为
to为x子节点，k代表除to子树外选了k个，j代表to子树选了j个
[f[x][k+j][0]=min(f[x][k+j][0],f[to][j][0]+f[x][k][0]);
]
[f[x][k+j][1]=min(f[x][k+j][1],f[to][j][0]+f[x][k][1]);
]
[f[x][k+j][1]=min(f[x][k+j][1],f[to][j][1]+f[x][k][1]);
]
注意:数组不要赋值0x5f或0x7f，这样两个加起来就爆int了。
代码如下:
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
using namespace std;
struct node
{
int to,next;
}a[1000100];
int w[101000],v[100100],len,last[101010],son[100010],tot;
int f[5100][5100][2];
void add(int a1,int a2)
{
a[++len].to=a2;
a[len].next=last[a1];
last[a1]=len;
}
void dp(int x,int father)
{
son[x]=1;
for(int i=last[x];i;i=a[i].next)
{
int to=a[i].to;
if(to==father)
continue;
dp(to,x);
for(int k=son[x];k>=0;k--)
for(int j=son[to];j>=0;j--)
{
f[x][k+j][0]=min(f[x][k+j][0],f[to][j][0]+f[x][k][0]);
f[x][k+j][1]=min(f[x][k+j][1],min(f[to][j][1],f[to][j][0])+f[x][k][1]);
}
son[x]+=son[to];
}
}
int main()
{
//freopen("shopping.in","r",stdin);
//freopen("shopping.out","w",stdout);
memset(f,0x3f,sizeof(f));
int n,s,x;
cin>>n>>s;
cin>>w[1]>>v[1];
w[1]-=v[1];
f[1][0][0]=0;f[1][1][1]=w[1];f[1][1][0]=w[1];
for(int i=2;i<=n;i++)
{
scanf("%d%d%d",&w[i],&v[i],&x);
add(x,i);add(i,x);
}
for(int i=2;i<=n;i++)
f[i][0][0]=0,f[i][1][1]=w[i]-v[i],f[i][1][0]=w[i];
dp(1,0);
for(int i=n;i>=0;i--)
{
if(f[1][i][0]<=s||f[1][i][1]<=s)
{cout<<i;return 0;}
}
}