题目描述
K 理事长是占卜好手，他精通各种形式的占卜。今天，他要用正面写着 I ，背面写着 O 的卡片占卜一下日本 IOI 国家队的选手选择情况。
占卜的方法如下：
- 首先，选取五个正整数 A,B,C,D,EA,B,C,D,EA,B,C,D,E；
- 然后，拿出 A+B+C+D+EA+B+C+D+EA+B+C+D+E 张卡片摆成一排，从左至右摆成 AAA 张正面，BBB 张反面，CCC 张正面，DDD 张反面，EEE 张正面的形式。也就是说，从左到右依次摆 AAA 张
I，BBB 张O，CCC 张I，DDD 张O，EEE 张I； - 再从预先确定的 NNN 种操作中选择 111 种以上，然后按照自己喜欢的顺序进行操作，同样的操作可以进行 111 次及以上。第 iii 种操作是「把从左到右第 LiL_iLi 张卡片到第 RiR_iRi 张卡片（包括两端）翻过来」，因为需要用手操作，所以翻 111 张牌需要花费 111 秒，完成一次操作需要花费 Ri−Li+1R_i-L_i+1Ri−Li+1 秒；
- 操作后，如果所有牌都是正面朝上的，占卜就结束了。
因为这种占卜比较费时，所以 K 理事长在占卜之前想知道占卜能否结束，如果能结束，他想知道占卜的最小耗时。
输入格式
第一行，五个正整数 A,B,C,D,EA,B,C,D,EA,B,C,D,E，意义如题目描述；
第二行，一个正整数 NNN，意义如题目描述；
接下来 NNN 行描述操作，一行两个正整数 Li,RiL_i,R_iLi,Ri，意义如题目描述。
输出格式
输出一行，如果占卜能够结束，则输出一个正整数，表示占卜的最小耗时；如不能，输出 −1-1−1。
样例
样例输入 1
1 2 3 4 5
3
2 3
2 6
4 10样例输出 1
12样例说明 1
最初的卡片序列为 IOOIIIOOOOIIIII；
先进行第二个操作，卡片序列变为 IIIOOOOOOOIIIII，花费 555 秒；
再进行第三个操作，卡片序列变为 IIIIIIIIIIII，这个操作花费 777 秒，一共花费 121212 秒。
可以证明，121212 秒为占卜的最小耗时，因此输出 121212。
样例输入 2
1 1 1 1 1
1
1 1样例输出 2
-1数据范围与提示
对于全部测试点，满足 1≤A,B,C,D,E,N≤105,1≤Li≤Ri≤A+B+C+D+E1le A,B,C,D,E,Nle 10^5,1le L_ile R_ile A+B+C+D+E1≤A,B,C,D,E,N≤105,1≤Li≤Ri≤A+B+C+D+E。
solution
我们把区间改成(l-1，r] ，这样子修改一段区间就相当于从l-1走到r。
有两个起点两个终点，那就枚举配对就行。
当时考场我居然不会把区间转化成左开右闭的，真的很菜。
有一点要注意：0也是一个合法的点，所以dist也得清inf
1 #include<cstdio> 2 #include<iostream> 3 #include<cstdlib> 4 #include<cstring> 5 #include<algorithm> 6 #include<cmath> 7 #include<queue> 8 #define maxn 500005 9 #define inf 1e15 10 #define ll long long 11 using namespace std; 12 int n,m,head[maxn],A,B,C,D,E,tot,flag[maxn]; 13 ll d[maxn],dis[5][5]; 14 struct node{ 15 int v,nex; 16 }e[maxn]; 17 void lj(int t1,int t2){ 18 e[++tot].v=t2;e[tot].nex=head[t1];head[t1]=tot; 19 } 20 struct no{ 21 int x;ll dist; 22 }; 23 bool operator <(no a,no b){ 24 return a.dist>b.dist; 25 } 26 void dij(int S){ 27 priority_queue<no>q; 28 q.push((no){S,0}); 29 for(int i=0;i<=n;i++)d[i]=inf,flag[i]=0;d[S]=0; 30 while(!q.empty()){ 31 no k=q.top();q.pop(); 32 if(flag[k.x])continue; 33 flag[k.x]=1; 34 for(int i=head[k.x];i;i=e[i].nex){ 35 if(d[e[i].v]>d[k.x]+abs(k.x-e[i].v)){ 36 d[e[i].v]=d[k.x]+abs(k.x-e[i].v); 37 q.push((no){e[i].v,d[e[i].v]}); 38 } 39 } 40 } 41 } 42 int main() 43 { 44 scanf("%d%d%d%d%d",&A,&B,&C,&D,&E); 45 n=A+B+C+D+E; 46 cin>>m; 47 for(int i=1,t1,t2;i<=m;i++){ 48 scanf("%d%d",&t1,&t2);t1--; 49 lj(t1,t2);lj(t2,t1); 50 } 51 dij(A); 52 dis[1][1]=d[A];dis[1][2]=d[A+B];dis[1][3]=d[A+B+C];dis[1][4]=d[A+B+C+D]; 53 dij(A+B); 54 dis[2][1]=d[A];dis[2][2]=d[A+B];dis[2][3]=d[A+B+C];dis[2][4]=d[A+B+C+D]; 55 dij(A+B+C); 56 dis[3][1]=d[A];dis[3][2]=d[A+B];dis[3][3]=d[A+B+C];dis[3][4]=d[A+B+C+D]; 57 dij(A+B+C+D); 58 dis[4][1]=d[A];dis[4][2]=d[A+B];dis[4][3]=d[A+B+C];dis[4][4]=d[A+B+C+D]; 59 ll ans=min(dis[1][2]+dis[3][4],min(dis[1][3]+dis[2][4],dis[1][4]+dis[2][3])); 60 if(ans>=inf)puts("-1"); 61 else cout<<ans<<endl; 62 return 0; 63 }