Good Bye 2018题解
题解 CF1091A 【New Year and the Christmas Ornament】
打完cf都忘记写题解了qwq
题意就是:给你一些黄,蓝,红的球,满足蓝的数量恰比黄的多一,红的数量恰比蓝的多一
容易发现黄的数量恰是(min{y,b-1,r-2})
输出这个值(*3+3)即可
# include <bits/stdc++.h>
int main()
{
int y, b, r;
scanf("%d%d%d", &y, &b, &r);
int ans = std::min(std::min(y, b - 1), r - 2);
printf("%d
", ans * 3 + 3);
return 0;
}
题解 CF1091B 【New Year and the Treasure Geolocation】
打cf时网速感人qwq
容易想到一个(O(n^3))的做法:枚举每一对((x,y))与每一对((a,b))配对,再判断是否满足条件,满足就输出
但是这样会超时,怎么办?
可以发现我们只要把每一个((x,y))与第一个((a,b))配对即可
原因?因为每一对((x,y))与每一对((a,b))配对都要导致第一个((a,b))与某一个((x,y))配对,而任意一对这样的配对即可唯一确定(T)的位置,故只要枚举一遍每一个((x,y))与第一个((a,b))配对就能遍历所有情况。
时间复杂度(O(n^2))
# include <bits/stdc++.h>
# define p std::pair<int, int>
p pos[1010], change[1010];
std::map<p, int> m, tmp;
int main()
{
int n;
scanf("%d", &n);
for(int i = 1; i <= n; i++)
scanf("%d%d", &pos[i].first, &pos[i].second);
for(int i = 1; i <= n; i++)
scanf("%d%d", &change[i].first, &change[i].second), m[change[i]]++;
for(int i = 1; i <= n; i++)
{
p T;
T.first = pos[i].first + change[1].first;
T.second = pos[i].second + change[1].second;
tmp = m;
int flag = true;
for(int j = 1; j <= n; j++)
{
p tem;
tem.first = T.first - pos[j].first;
tem.second = T.second - pos[j].second;
if(!tmp[tem])
flag = false;
--tmp[tem];
}
if(flag)
return 0 * printf("%d %d
", T.first, T.second);
}
return 0;
}
题解 CF1091C 【New Year and the Sphere Transmission】
这个C真烧脑qwq
可以发现每一次选的数的个数都是(n)的约数
枚举所有约数,计算答案即可(等差数列求和好评!)
#include <bits/stdc++.h>
#define ll long long
std::vector<ll> v, ans;
void prime(ll n)
{
for (int i = 1; i * i <= n; ++i)
{
if (n % i == 0)
{
v.push_back(i);
if (i * i != n)
{
v.push_back(n / i);
}
}
}
}
std::map<ll, int> m;
int main()
{
ll n;
scanf("%I64d", &n);
prime(n);
for (int i = 0; i < v.size(); i++)
{
m[v[i]] = 1;
}
for(std::map<ll, int>::iterator it = m.begin(); it != m.end(); it++)
{
ll x = n / it->first;
ans.push_back((1 + (x * (it->first - 1) + 1)) * (it->first) / 2);
}
std::sort(ans.begin(), ans.end());
for(int i = 0; i < ans.size(); i++)
printf("%I64d
", ans[i]);
return 0;
}