题目描述
在一个圆形操场的四周摆放N堆石子,现要将石子有次序地合并成一堆.规定每次只能选相邻的2堆合并成新的一堆，并将新的一堆的石子数，记为该次合并的得分。
试设计出1个算法,计算出将N堆石子合并成1堆的最小得分和最大得分.
输入输出格式
输入格式：
数据的第1行试正整数N,1≤N≤100,表示有N堆石子.第2行有N个数,分别表示每堆石子的个数.
输出格式：
输出共2行,第1行为最小得分,第2行为最大得分.
1995的NOI题目，然而却是一道非常水的区间DP。
区间DP，顾名思义，求区间最值问题。通过小区间来更新大区间，最后逐渐更新出答案。
区间DP常用枚举套路：
for(int len = 2;len<=n;len++)
{
for(int i = 1;i+len-1<=n;i++)
{
int j = i+len-1;
dp[i][j] = ...
}
}
外层枚举长度，下一层枚举初始端点，终点通过长度+起点-1枚举出来，需要注意的是起点枚举范围是i+len-1，也就是终点要在区间长度以内。
继续说这道题目。
大区间一定是通过小区间合并出来的，这也是我们使用区间DP的原因。但是这道题并不是一条链上的石子，而是一个环。也就是说我们有可能在最后一个石子回头，与前面的石子合并。
那我们只需要把原来的链的长度变成二倍（除了最后一位），而枚举长度仍然是一倍的长度不就好了？
举个例子：
2,3,4,5
我们可以把它变成2,3,4,5,2,3,4
枚举的时候仍然是4的长度。这样就完美的处理了链的情况。
接下来是状态转移方程。
不知道有没有同学会和我开始时候有一样的错觉，全部合并到一起不就是所有的值相加吗？
然而并不是这样的，当一个区间与另一个区间合并时，原来的区间的数被算了两次。
再举个栗子。
[1,2] 与[2,3]合并
前者合并之后是3，后者是5
这样在合并一次就是3+5+8
相当于1+2+2+3+1+2+2+3
虽然这个结论是错的，但是我们从中可以得到一个结论，每次合并的时候，区间内的所有值都会被再次算一遍。
所以要预处理前缀和。
接下来说方程。
dp[i][j]表示把[i][j]中的石子合并成一堆所需要的费用。
[i][j]之间我们可以选择任意一个点，把这个区间分成两段，通过这两段合并成这一段区间。
所以
dpmax[i][j] = max(dpmax[i][j],dpmax[i][k-1]+dpmax[k][j]+before[j]-before[i-1]);
dpmin[i][j] = min(dpmin[i][j],dpmin[i][k-1]+dpmin[k][j]+before[j]-before[i-1]);
before代表前缀和
每个点的初始值就是它自己的花费。
最后上代码。
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<string>
using namespace std;
int num[202];
int before[202];
int dpmax[202][202];
int dpmin[202][202];
int main()
{
int n;
scanf("%d",&n);
for(int i = 1;i<=n;i++)
{
scanf("%d",&num[i]);
num[n+i] = num[i];
before[i] = before[i-1]+num[i];
}
for(int i = n+1;i<=2*n-1;i++)
{
before[i] = before[i-1]+num[i];
}
memset(dpmin,0x3f,sizeof(dpmin));
memset(dpmax,-1,sizeof(dpmax));
for(int i = 1;i<=2*n-1;i++)
{
dpmin[i][i] = 0;
dpmax[i][i] = 0;
}
for(int len = 2;len<=n;len++)
{
for(int i = 1;i+len-1<=2*n-1;i++)
{
int j = i+len-1;
for(int k = i+1;k<=j;k++)
{
dpmax[i][j] = max(dpmax[i][j],dpmax[i][k-1]+dpmax[k][j]+before[j]-before[i-1]);
dpmin[i][j] = min(dpmin[i][j],dpmin[i][k-1]+dpmin[k][j]+before[j]-before[i-1]);
}
}
}
int ma = -1;
int mi = 2147483467;
for(int i = 1;i<=n;i++)
{
ma = max(ma,dpmax[i][i+n-1]);
mi = min(mi,dpmin[i][i+n-1]);
}
printf("%d\n%d",mi,ma);
return 0;
}
/*
3
1 2 3
*/