题意：
定义一种windy数。这个数在十进制下相邻两个数字之差至少为2的正整数；
求区间[A，B]的这样的数的个数；
n<=10^9；
题解：
数位乱搞。
首先求区间[A。B]等价于求[1，A-1]和[1，B]的答案。
直接DP肯定不行，所以考虑一位一位来；
定义f[i][j]为首位为j的i位的windy数有几个；
sum[i]为不含前导零的i位的windy数有几个。
那么对于一个数来说，比它位数小的肯定能够加进去；
然后从首位開始枚举，能够将比当前位小，且与上一位相邻数字差大于等于2的f[i][j]增加；
可是假设有某位和上一位差小于2。那就能够break出循环，由于后面已经不会有满足条件的windy数了。
这样求出的实际上是那个数-1的前缀和，那么我们将B+1之后两个相减就能够得到答案了；
时间复杂度O(10^3)；
结果预处理f数组的时间似乎最长(笑)。
考场AC略丑勿怪；
代码：
#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<algorithm>
using namespace std;
int f[20][20],sum[20];
int st[20],top;
int main()
{
int n,m,i,j,k;
int A,B,l,r;
scanf("%d%d",&A,&B);
for(i=0;i<10;i++) f[1][i]=1;
for(i=2;i<=10;i++)
{
for(j=0;j<10;j++)
{
for(k=0;k<10;k++)
{
if(abs(j-k)<2) continue;
f[i][j]+=f[i-1][k];
}
}
}
for(i=1;i<=10;i++)
{
for(j=1;j<=10;j++)
sum[i]=sum[i]+f[i][j];
}
i=1,l=0,top=0;
while(A)
{
k=A%10;
l+=sum[i-1];
st[++top]=k;
i++;
A/=10;
}
for(i=1;i<st[top];i++)
l+=f[top][i];
for(i=top-1;i>0;i--)
{
for(j=0;j<st[i];j++)
{
if(abs(j-st[i+1])<2) continue;
l+=f[i][j];
}
if(abs(st[i]-st[i+1])<2)
break;
}
B++;
i=1,r=0,top=0;
while(B)
{
k=B%10;
r+=sum[i-1];
st[++top]=k;
i++;
B/=10;
}
for(i=1;i<st[top];i++)
r+=f[top][i];
for(i=top-1;i>0;i--)
{
for(j=0;j<st[i];j++)
{
if(abs(j-st[i+1])<2) continue;
r+=f[i][j];
}
if(abs(st[i]-st[i+1])<2)
break;
}
printf("%d",r-l);
return 0;
}