题意:
给定初始位置,查询n次区间,每次查询前可以花费移动距离的代价来移动,
查询时需要花费当前位置到区间内最近的点的距离,求最小代价。
1<=n<=5000,1<=所有位置<=10^9
题解:
可以用O(n^2)的暴力DP碾过去…
不过实际上可以O(n)贪心。
贪心的想法是比较明显的,就是每次找最近的,需要考虑的就是移动不移动。
比如有多个连续的在当前位置左边的区间,
这时往左会让这些区间的答案都减小,而增大的代价至多是移动距离*2。
不过这样子考虑会比较麻烦,观察到这题的特点,在查询时花费代价或者移动后再查询花费代价是一样的。
所以我们可以用一个区间表示当前位置(当前答案对应的可能的位置区间)。
这样,如果查询区间完全在当前区间之外,就一定要增加代价,
代价最小就是当前区间里查询区间最近的点,然后可以更新当前区间为这个点到查询区间之间的范围。
(在这个范围内的任何一点的移动代价+查询代价都是一样的)
如果查询区间包含了当前区间,就代表当前区间的任何一点都不用增加代价。
如果查询区间与当前区间只有部分重合,那么重合部分不用增加代价,所以就把当前区间缩小到重合部分。
这样就实现了贪心。
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 15 16 17 18 19 20 21 22 23 #include <cstdio> #include <cstring> inline int read() { int s = 0; char c; while((c=getchar())<'0'||c>'9'); do{s=s*10+c-'0';}while((c=getchar())>='0'&&c<='9'); return s; } int n,l,r,ql,qr; long long ans; int main() { for(n=read(),l=r=read();n--;) { ql = read(), qr = read(); if(ql<=l&&r<=qr) continue; if(qr<l) ans += l-qr, r = l, l = qr; else if(r<ql) ans += ql-r, l = r, r = ql; else l = ql>l?ql:l, r = qr<r?qr:r; } printf("%I64d ",ans); return 0; }