之前做过一道基本一样的题目，抽象出来就是有个容量为c的载体，一些线段上某个点到另一个点要运输w个东西，求从头到尾最多能运多少东西。
这种模型可以用贪心做，用map，map[r]表示r的那个点，我们准备运多少头牛到那里，但是还没运到。
用map的好处是不管是插入还是删除，它都按坐标从小到大排。
那么先把所有的边按左端点从小到大排，对于当前边，
容量未满的时候，直接加入map
容量满的时候，若map中最大的坐标比这条边的右端点要大，那么显然用当前边替换会更好。
运到的怎么处理呢？
当我们枚举到这个点，这个点的map值大于零说明有牛运到这里了，则ans+=map[now],cap-=map[now]，并从map中删除这个点。
还有这道题从1到n还要从n到1回来，可以做两遍，也可以把回去的那段倒着拼在后面
map的用法还不是很熟练，写了一个多小时才写完，不过一次AC也是非常爽的= =
1 #include<stdio.h> 2 #include<string.h> 3 #include<algorithm> 4 #include<map> 5 #define INF 1000000000 6 using namespace std; 7 const int maxn = 20010; 8 struct node{ 9 int l,r,w; 10 }e[maxn*5]; 11 map<int,int> mp; 12 int n,m,c,cap,head,ans; 13 14 bool cmp(node a, node b){ 15 if (a.l==b.l) return a.r<b.r; 16 else return a.l<b.l; 17 } 18 19 int main(){ 20 scanf("%d%d%d", &m, &n, &c); 21 for (int i=1; i<=m; i++){ 22 scanf("%d%d%d", &e[i].l, &e[i].r, &e[i].w); 23 if (e[i].l>e[i].r) e[i].l=2*n-e[i].l,e[i].r=2*n-e[i].r; 24 } 25 sort(e+1,e+1+m,cmp); 26 mp.clear(); 27 mp[-INF]=0; cap=0; 28 map<int,int>::iterator it; 29 head=1; ans=0; 30 for (int now=1; now<=2*n-1; now++){ 31 if (mp[now]>0){ 32 ans+=mp[now]; 33 cap-=mp[now]; 34 it=mp.find(now); 35 mp.erase(it); 36 } 37 while (e[head].l<now) head++; 38 while (e[head].l==now){ 39 int to=e[head].r,num=e[head].w; 40 while (cap<c && num>0) cap++,num--,mp[to]++; 41 if (cap==c && num) 42 for (it=--mp.end(); it!=mp.begin();){ 43 if ((it->first)>to){ 44 if ((it->second)>num){ 45 (it->second)-=num; 46 mp[to]+=num; 47 break; 48 }else{ 49 mp[to]+=(it->second); 50 num-=(it->second); 51 mp.erase(it--); 52 } 53 }else break; 54 } 55 head++; 56 } 57 } 58 printf("%d ", ans); 59 return 0; 60 }