3123: [Sdoi2013]森林
Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 512 MB
Description
Input
第一行包含一个正整数testcase，表示当前测试数据的测试点编号。保证1≤testcase≤20。
第二行包含三个整数N，M，T，分别表示节点数、初始边数、操作数。第三行包含N个非负整数表示 N个节点上的权值。
接下来 M行，每行包含两个整数x和 y，表示初始的时候，点x和点y 之间有一条无向边, 接下来 T行，每行描述一个操作，格式为“Q x y k”或者“L x y ”，其含义见题目描述部分。
Output
对于每一个第一类操作，输出一个非负整数表示答案。
Sample Input
1
8 4 8
1 1 2 2 3 3 4 4
4 7
1 8
2 4
2 1
Q 8 7 3 Q 3 5 1
Q 10 0 0
L 5 4
L 3 2 L 0 7
Q 9 2 5 Q 6 1 6
Sample Output
2
2
1
4
2
HINT
对于第一个操作 Q 8 7 3，此时 lastans=0，所以真实操作为Q 8^0 7^0 3^0，也即Q 8 7 3。点8到点7的路径上一共有5个点，其权值为4 1 1 2 4。这些权值中，第三小的为 2，输出 2，lastans变为2。对于第二个操作 Q 3 5 1 ，此时lastans=2，所以真实操作为Q 3^2 5^2 1^2 ，也即Q 1 7 3。点1到点7的路径上一共有4个点，其权值为 1 1 2 4 。这些权值中，第三小的为2，输出2，lastans变为 2。之后的操作类似。
/*
主席树+启发式合并.
一开始用树剖搞lca 发现很麻烦
然后换成了倍增.
用并查集维护连通性.
合并的话就是暴力重构更新x所在连通块的信息.
要把小的联通块重构掉.
每个点最多重构logn次.
然后lca维护也是log的.
时空复杂度都是O(nlogn2)的.
这题显然可以splay查个排名啥的(懒没写~
*/
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<queue>
#define MAXN 160001
#define D 20
using namespace std;
int n,m,qq,tot,cut,ans,father[MAXN],dis[MAXN];
int head[MAXN],size[MAXN],deep[MAXN],root[MAXN],s[MAXN],fa[MAXN][D+5];
struct edge{int v,next;}e[MAXN*2];
struct data{int lc,rc,size;}tree[MAXN*75];
struct node{int x,o;}a[MAXN];
int read()
{
int x=0,f=1;char ch=getchar();
while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
while(ch>='0'&&ch<='9') x=x*10+ch-48,ch=getchar();
return x*f;
}
void add(int u,int v)
{
e[++cut].v=v;e[cut].next=head[u];head[u]=cut;
}
bool cmp(const node &x,const node &y)
{
if(x.x==y.x) return x.o<y.o;
return x.x<y.x;
}
int find(int x)
{
return x!=father[x]?father[x]=find(father[x]):x;
}
void change(int &k,int last,int l,int r,int x)
{
k=++tot;tree[k].lc=tree[last].lc,tree[k].rc=tree[last].rc;
tree[k].size=tree[last].size+1;
if(l==r) return ;
int mid=(l+r)>>1;
if(x<=mid) change(tree[k].lc,tree[last].lc,l,mid,x);
else change(tree[k].rc,tree[last].rc,mid+1,r,x);
return ;
}
int query(int L,int R,int lc,int falc,int l,int r,int k)
{
if(l==r) return l;
int sum=tree[tree[R].lc].size+tree[tree[L].lc].size-
tree[tree[lc].lc].size-tree[tree[falc].lc].size;
int mid=l+r>>1;
if(sum>=k)
return query(tree[L].lc,tree[R].lc,tree[lc].lc,tree[falc].lc,l,mid,k);
else return
query(tree[L].rc,tree[R].rc,tree[lc].rc,tree[falc].rc,mid+1,r,k-sum);
}
void dfs1(int u,int f)
{
size[u]=1;fa[u][0]=f;
int p=lower_bound(s+1,s+n+1,a[u].x)-s;
change(root[u],root[f],1,n,p);
for(int i=head[u];i;i=e[i].next)
{
int v=e[i].v;
if(v!=f) deep[v]=deep[u]+1,dfs1(v,u),size[u]+=size[v];
}
return ;
}
void get_father()
{
for(int j=1;j<=D;j++)
for(int i=1;i<=n;i++)
fa[i][j]=fa[fa[i][j-1]][j-1];
return ;
}
int get_same(int u,int x)
{
for(int i=0;i<=D;i++)
if(x&(1<<i)) u=fa[u][i];
return u;
}
int lca(int x,int y)
{
if(deep[x]<deep[y]) swap(x,y);
x=get_same(x,deep[x]-deep[y]);
if(x==y) return x;
for(int i=D;i>=0;i--)
if(fa[x][i]!=fa[y][i]) x=fa[x][i],y=fa[y][i];
return fa[x][0];
}
void slovequery(int x,int y,int k)
{
int lc=lca(x,y);
ans=query(root[x],root[y],root[lc],root[fa[lc][0]],1,n,k);
ans=s[ans];
printf("%d
",ans);return ;
}
void slove(int u,int f)
{
fa[u][0]=f;
deep[u]=deep[f]+1;
int p=lower_bound(s+1,s+n+1,a[u].x)-s;
change(root[u],root[f],1,n,p);
for(int i=1;i<=D;i++) fa[u][i]=fa[fa[u][i-1]][i-1];
for(int i=head[u];i;i=e[i].next)
{
int v=e[i].v;
if(v!=f) slove(v,u);
}
return ;
}
void union_(int x,int y)
{
int l1=find(x),l2=find(y);
if(size[l1]>size[l2]) swap(l1,l2),swap(x,y);
add(x,y),add(y,x);
father[l1]=l2,size[l1]+=size[l2];
slove(x,y);//get_father(); 1 T.
return ;
}
int main()
{
int t,x,y,z;char ch[5];
// freopen("forest.in","r",stdin);
// freopen("forest.out","w",stdout);
t=read();n=read();m=read(),qq=read();
for(int i=1;i<=n;i++)
father[i]=i,a[i].x=read(),a[i].o=i,s[i]=a[i].x;
sort(s+1,s+n+1);
for(int i=1;i<=m;i++)
{
x=read(),y=read(),add(x,y),add(y,x);
int l1=find(x),l2=find(y);
father[l2]=l1;
}
for(int i=1;i<=n;i++) if(!fa[i][0]) dfs1(i,0);
get_father();
while(qq--)
{
scanf("%s",ch);
if(ch[0]=='Q'){
x=read(),y=read(),z=read();
x^=ans,y^=ans,z^=ans;
slovequery(x,y,z);
}
else{
x=read(),y=read();
x^=ans,y^=ans;
union_(x,y);
}
}
return 0;
}