1 /*
2 嗯rp很重要.(RP++）.
3 这题是要求[1,m]区间中的合法解.
4 然而m是一个非常大的数.
5 不考虑精度问题枚举的话o(nm)应该是可行的
6 (FFT压位我真是太机智了哈哈哈哈哈哈哈)
7 (画外音:10^10000压位+处理应该会T吧orz)
8 so我们考虑这个方程在剩余系意义下的解.
9 (ax)%p等价于(ax+p)%p.
10 我们mod两个prime.
11 因为mod一个prime的解可能不充分.
12 最后从[1,m]中扫一遍合法解.
13 */
14 #include<iostream>
15 #include<cstring>
16 #include<cstdio>
17 #define MAXN 201
18 #define MAXM 1000001
19 #define LL long long
20 using namespace std;
21 int n,m,ans,p[4];
22 LL a[3][MAXM];
23 bool b[MAXM];
24 char s1[MAXM];
25 void slove1(char s[],int l,int k)
26 {
27 bool flag=false;
28 int x;
29 for(int i=1;i<=2;i++)
30 {
31 x=0;
32 if(s[0]=='-') x=1,flag=true;
33 while(x<l) a[i][k]=(a[i][k]*10%p[i]+s[x]-48)%p[i],x++;
34 if(flag) a[i][k]=p[i]-a[i][k];//负数.
35 }
36 }
37 bool check(int x,int k)
38 {
39 LL tot=0,w=1;
40 for(int i=0;i<=n;i++)
41 tot=(tot+a[k][i]*w%p[k])%p[k],w=(w*x)%p[k];
42 return tot%p[k];
43 }
44 void slove()
45 {
46 for(int i=1;i<=p[1];i++)
47 {
48 if(check(i,1)) continue;
49 for(int j=i;j<=m;j+=p[1])
50 if(!check(j,2)) b[j]=true;
51 }
52 int tot=0;
53 for(int i=1;i<=m;i++)
54 if(b[i]) tot++;
55 printf("%d
",tot);
56 for(int i=1;i<=m;i++)
57 if(b[i]) printf("%d
",i);
58 }
59 int main()
60 {
61 p[1]=22861,p[2]=1000007977;
62 scanf("%d%d",&n,&m);
63 for(int i=0;i<=n;i++)
64 {
65 cin>>s1;
66 int l=strlen(s1);
67 slove1(s1,l,i);
68 }
69 slove();
70 return 0;
71 }
