NOIP 模拟 $86; m 宝可梦$

题解 (by;zjvarphi)

题目保证每两个点之间只会有一条简单路径，这就是一棵树。

让求的就是按一定顺序的欧拉序。

将每个格子拆成四个方向，代表它是由哪个方向到这的，这些算是不同的状态。

每次走路拐弯时，先右转，如果不行再直行，不行再左转，最后不行那就回去。

这样所有的状态一定都会被遍历一遍，求答案时只需取当前点钦定的下一步的状态即可。

Code

#include<bits/stdc++.h>
#define ri signed
#define pd(i) ++i
#define bq(i) --i
#define func(x) std::function<x>
namespace IO{
    char buf[1<<21],*p1=buf,*p2=buf;
    #define gc() p1==p2&&(p2=(p1=buf)+fread(buf,1,1<<21,stdin),p1==p2)?(-1):*p1++
    #define debug1(x) std::cerr << #x"=" << x << ' '
    #define debug2(x) std::cerr << #x"=" << x << std::endl
    #define Debug(x) assert(x)
    struct nanfeng_stream{
        template<typename T>inline nanfeng_stream &operator>>(T &x) {
            bool f=false;x=0;char ch=gc();
            while(!isdigit(ch)) f|=ch=='-',ch=gc();
            while(isdigit(ch)) x=(x<<1)+(x<<3)+(ch^48),ch=gc();
            return x=f?-x:x,*this;
        }
    }cin;
}
using IO::cin;
namespace nanfeng{
    #define FI FILE *IN
    #define FO FILE *OUT
    template<typename T>inline T cmax(T x,T y) {return x>y?x:y;}
    template<typename T>inline T cmin(T x,T y) {return x>y?y:x;}
    static const int N=1e5+7;
    int *id[4][N],vs[N*20],a,b,x,y,n,m,q,cnt,nx,ny,df,stp;
    int dx[]={-1,0,1,0},dy[]={0,-1,0,1};
    bool *vis[N];
    char s[N],ch[3];
    auto jud=[](int x,int y) {return x<=n&&x>0&&y<=m&&y>0&&vis[x][y];};
    inline int main() {
        FI=freopen("pokemon.in","r",stdin);
        FO=freopen("pokemon.out","w",stdout);
        scanf("%d%d",&n,&m);
        for (ri i(1);i<=n;pd(i)) {
            scanf("%s",s+1);
            vis[i]=new bool[m+2];
            id[0][i]=new int[m+2];
            id[1][i]=new int[m+2];
            id[2][i]=new int[m+2];
            id[3][i]=new int[m+2];
            for (ri j(1);j<=m;pd(j)) {
                vis[i][j]=s[j]=='.';
                for (ri k(0);k<4;pd(k)) id[k][i][j]=++cnt;
            }
        }
        for (ri i(1);i<=n;pd(i)) {
            for (ri j(1);j<=m;pd(j))
                if (vis[i][j]) {
                    for (ri k(0);k<4;pd(k))
                        if (jud(i+dx[k],j+dy[k])) {
                            nx=i+dx[k],ny=j+dy[k];
                            df=k;
                            break;
                        }
                    if (nx) break;
                }
            if (nx) break;
        }
        while(!vs[id[df][nx][ny]]) {
            vs[id[df][nx][ny]]=++stp;
            for (ri i(df-1<0?3:df-1);;i=i+1>3?0:i+1)
                if (jud(nx+dx[i],ny+dy[i])) {
                    nx+=dx[i],ny+=dy[i];
                    df=i;
                    break;
                }
        }
        scanf("%d",&q);
        for (ri i(1);i<=q;pd(i)) {
            scanf("%d%d%d%d%s",&a,&b,&x,&y,ch+1);
            if (a==x&&b==y) {printf("0
");continue;}
            int dt;
            if (ch[1]=='U') dt=0;
            else if (ch[1]=='L') dt=1;
            else if (ch[1]=='D') dt=2;
            else if (ch[1]=='R') dt=3;
            int st=vs[id[dt][a+dx[dt]][b+dy[dt]]]-1,ed=1e9+7;
            for (ri j(0);j<4;pd(j))
                if (vs[id[j][x][y]]) 
                    ed=cmin(ed,vs[id[j][x][y]]<st?vs[id[j][x][y]]+stp:vs[id[j][x][y]]);
            printf("%d
",ed-st);
        }
        return 0;
    }
}
int main() {return nanfeng::main();}