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  • Codeforces Round #292 (Div. 2)

    A .Drazil and Date

    题目大意:问是否有一条路径，从(0,0)到(x,y)正好走s步的路线存在，每步可以上下左右移动一格

    思路:显然先计算出(0,0)到(x,y)的最短距离后，看剩下的步数是否是偶数就可以了，注意x,y为负数的情况

     1 #include<cstdio>
 2 #include<algorithm>
 3 using namespace std;
 4 int mabs(int x)
 5 {
 6     if(x>0)return x;else return -x;
 7 }
 8 int main()
 9 {
10     int n,m,step;
11     scanf("%d%d%d",&n,&m,&step);
12     int u=mabs(n)+mabs(m);
13     if(u>step)printf("No
");
14     else if((step-u)&1)printf("No
");
15     else printf("Yes
");
16     return 0;
17 }
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    B. Drazil and His Happy Friends

    题目大意:n个男生从0编号到n-1，ｍ个女生编号从０到m-1,男女中有些快乐有些不快乐，每次邀请编号为i mod n的男生和i mod m编号的女生，只要有一个快乐，两个人就都快乐了，问是否有可能让所有人都快乐？

    思路:感觉使劲想应该有数学公式可以推的，懒了那么一下下于是一个大模拟搞定

     1 #include<iostream>
 2 #include<algorithm>
 3 #include<cstdio>
 4 #define maxn 1000
 5 using namespace std;
 6 int boy[maxn],girl[maxn],b,g,x;
 7 int main()
 8 {
 9     int n,m;
10     scanf("%d%d",&n,&m);
11     scanf("%d",&b);
12     for(int i=1;i<=b;i++)
13     {
14         scanf("%d",&x);
15         boy[x]=1;
16     }
17     scanf("%d",&g);
18     for(int i=1;i<=g;i++)
19     {
20         scanf("%d",&x);
21         girl[x]=1;
22     }
23     int max_=max(n,m);
24     for(int i=0;i<max_*100;i++)
25     {
26         girl[i%m]=boy[i%n]=girl[i%m]|boy[i%n];
27     }
28     for(int i=0;i<n;i++)
29     {
30         if(boy[i]==0){printf("No
");return 0;}
31         //printf("%d ",boy[i]);
32     }
33     for(int i=0;i<m;i++)if(girl[i]==0){printf("No
");return 0;}
34     printf("Yes
");
35     return 0;
36 }
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    C. Drazil and Factorial

    题目大意:给出函数Ｆ(x)为ｘ的十进制下各位数阶乘的乘积，求最大的ｙ使得F(x)=F(y)并且ｙ中不含有０和１

    思路：应该挺容易想的，首先素数显然只能放在那儿不能动，合数的话尽量拆成较多的数，比如９!可以拆成７!*3!*3!*2!一次类推，总共就２到９一共８个数，除去素数就只要手推几个数这题就出来了

     1 #include<cstdio>
 2 using namespace std;
 3 char ch[1000];
 4 int cnt[100];
 5 int main()
 6 {
 7     int n;
 8     scanf("%d",&n);
 9     scanf("%s",ch+1);
10     for(int i=1;i<=n;i++)
11     {
12         int u=ch[i]-'0';
13         if(u<=1)continue;
14         else if(u==4)
15         {
16             cnt[2]+=2;
17             cnt[3]++;
18         }
19         else if(u==6)
20         {
21             cnt[3]++;
22             cnt[5]++;
23         }
24         else if(u==8)
25         {
26             cnt[7]++;
27             cnt[2]+=3;
28         }
29         else if(u==9)
30         {
31             cnt[2]++;
32             cnt[3]+=2;
33             cnt[7]++;
34         }
35         else
36         {
37             cnt[u]++;
38         }
39     }
40     for(int i=9;i>=2;i--)
41     {
42         for(int j=1;j<=cnt[i];j++)printf("%d",i);
43     }
44     printf("
");
45     return 0;
46 }
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    D. Drazil and Tiles
    题目大意:给一个ｎ*m的棋盘，放１＊２的骨牌，棋盘上有些位置不能放骨牌，问能否覆盖满整个棋盘并且覆盖方案数唯一
    思路:本质上是二分图最大匹配是否唯一的问题（黑白染色建图，每个匹配对应着唯一的放骨牌的数，最大匹配对应着放满的情况）
    实际不用那么复杂，只要看是否存在一个点三头不能放，唯有一头能放的结构，然后每次在这种结构中放骨牌即可
      1 #include<iostream>
  2 #include<cstdio>
  3 #include<algorithm>
  4 #include<queue>
  5 #define maxn 4000
  6 using namespace std;
  7 const int dx[10]={0,1,-1,0,0};//down up rig,lef
  8 const int dy[10]={0,0,0,1,-1};
  9 int map[maxn][maxn];
 10 queue<pair<int , int > > q;
 11 char ch[maxn];
 12 //can 1
 13 int check(int x,int y)
 14 {
 15     for(int i=1;i<=4;i++)if(map[x+dx[i]][y+dy[i]]==1)
 16     {
 17         int flag=0;
 18         for(int j=1;j<=4;j++)if(j!=i)
 19         {
 20             if(map[x+dx[j]][y+dy[j]]==1){flag=1;break;}
 21         }
 22         if(flag==0)return i;
 23     }
 24     return 0;
 25 }
 26 int main()
 27 {
 28     int n,m;
 29     scanf("%d%d",&n,&m);
 30     for(int i=1;i<=n;i++)
 31     {
 32         scanf("%s",ch+1);
 33         for(int j=1;j<=m;j++)
 34         {
 35             if(ch[j]=='.')map[i][j]=1;else map[i][j] = 0;
 36         }
 37     }
 38     for(int i=1;i<=n;i++)
 39     {
 40         for(int j=1;j<=m;j++)
 41         {
 42             int u;
 43             if(u=check(i,j) && map[i][j]==1)q.push(make_pair(i,j));
 44         }
 45     }
 46     while(!q.empty())
 47     {
 48         pair<int,int> temp=q.front();
 49         q.pop();
 50         int x=temp.first,y=temp.second;
 51         int u=check(x,y);
 52         if(u==0)continue;
 53         if(u==1)
 54         {
 55             map[x][y]='^';
 56             map[x+1][y]='v';x++;
 57         }
 58         if(u==2)
 59         {
 60             map[x][y]='v';
 61             map[x-1][y]='^';x--;
 62         }
 63         if(u==3)
 64         {
 65             map[x][y]='<';
 66             map[x][y+1]='>';y++;
 67         }
 68         if(u==4)
 69         {
 70             map[x][y]='>';
 71             map[x][y-1]='<';y--;
 72         }
 73         for(int i=1;i<=4;i++)
 74         {
 75             int xx=temp.first+dx[i],yy=temp.second+dy[i];
 76             if(map[xx][yy]==1 && check(xx,yy))q.push(make_pair(xx,yy));
 77         }
 78         for(int i=1;i<=4;i++)
 79         {
 80 
 81             int xx=x+dx[i],yy=y+dy[i];
 82             if(map[xx][yy]==1 && check(xx,yy))q.push(make_pair(xx,yy));
 83         }
 84     }
 85     for(int i=1;i<=n;i++)
 86     {
 87         for(int j=1;j<=m;j++)
 88         {
 89             if(map[i][j]==1)
 90             {
 91                 printf("Not unique
");
 92                 return 0;
 93             }
 94         }
 95     }
 96     for(int i=1;i<=n;i++)
 97     {
 98         for(int j=1;j<=m;j++)
 99         {
100             if(map[i][j]==0)
101             {
102                 printf("*");
103             }
104             else printf("%c",map[i][j]);
105         }
106         printf("
");
107     }
108     return 0;
109 }
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    E. Drazil and Park

    题目大意:简单来说给你一个环形，上面有Ｎ棵树，每棵树间有个距离，每棵树有高度，每次一段连续的区间是不能走的，你要在剩下的环形中找出最大的一段使得dist(x,y)+２＊(h[x]+h[y])最大

    思路:环形拆成两倍很容易处理，dist用前缀和很容易处理，至于h可以挂靠在前缀和中处理，也就是前缀和sum［ｉ］最后再加上两倍h[i]，当然还要记录负数的前缀和，也是同样处理，问题就是两棵树不能是同一颗．．．我的做法是一旦发现它们是同一颗，我把这个点改为负无穷，再求一遍最大值，貌似这样处理的确烦了

      1 #include<cstdio>
  2 #include<iostream>
  3 #include<cstring>
  4 #define maxn 5000000
  5 #define inf 9223372036854775807ll
  6 using namespace std;
  7 long long lx[maxn],rx[maxn],a[maxn];
  8 struct T
  9 {
 10     long long l;long long r;
 11     long long posl;long long posr;
 12     T ()
 13     {
 14         l=-inf;
 15         r=-inf;
 16     }
 17 }tree[maxn];
 18 T max(T a,T b)
 19 {
 20     T ans;
 21     if(a.l>b.l)ans.l=a.l,ans.posl=a.posl;
 22     else ans.l=b.l,ans.posl=b.posl;
 23     if(a.r>b.r)ans.r=a.r,ans.posr=a.posr;
 24     else ans.r=b.r,ans.posr=b.posr;
 25     return ans;
 26 }
 27 void build(long long node,long long l,long long r)
 28 {
 29     if(l+1==r)
 30     {
 31         tree[node].l=lx[l];
 32         tree[node].r=rx[l];
 33         tree[node].posl=tree[node].posr=l;
 34         return ;
 35     }
 36     long long mid=(l+r)>>1;
 37     build(node*2,l,mid);
 38     build(node*2+1,mid,r);
 39     tree[node]=max(tree[node*2],tree[node*2+1]);
 40 }
 41 void update(long long node,long long l,long long r,long long pos,long long ll,long long rr)
 42 {
 43     if(l+1==r)
 44     {
 45         tree[node].l=ll;tree[node].r=rr;
 46         return ;
 47     }
 48     long long mid=(l+r)>>1;
 49     if(pos<mid)update(node*2,l,mid,pos,ll,rr);
 50     else update(node*2+1,mid,r,pos,ll,rr);
 51     tree[node]=max(tree[node*2],tree[node*2+1]);
 52 }
 53 T query(long long node,long long l,long long r,long long ql,long long qr)
 54 {
 55     if(ql<=l && r<=qr)
 56     {
 57         return tree[node];
 58     }
 59     long long mid=(l+r)>>1;
 60     T ans,temp;
 61     if(mid>ql)temp=query(node*2,l,mid,ql,qr);
 62     ans=max(ans,temp);
 63     if(mid<qr)temp=query(node*2+1,mid,r,ql,qr);
 64     ans=max(ans,temp);
 65     return ans;
 66 }
 67 void debug(long long n)
 68 {
 69     for(long long i=1;i<=2*n;i++)
 70     {
 71         printf("%d ",lx[i]);
 72     }
 73     puts("");
 74     for(long long i=1;i<=2*n;i++)
 75     {
 76         printf("%d ",rx[i]);
 77     }
 78     puts("");
 79 }
 80 int main()
 81 {
 82     long long n,m,x;
 83     scanf("%I64d%I64d",&n,&m);
 84     for(long long i=1;i<=n;i++)
 85     {
 86         scanf("%I64d",&a[i+1]);
 87         a[i+n+1]=a[i+1];
 88     }
 89     for(long long i=1;i<=2*n;i++)
 90     {
 91         lx[i]=a[i]+lx[i-1];
 92         rx[i]=-a[i]+rx[i-1];
 93     }
 94     for(long long i=1;i<=n;i++)
 95     {
 96         scanf("%I64d",&x);
 97         lx[i]+=2*x;
 98         lx[i+n]+=2*x;
 99         rx[i]+=2*x;
100         rx[i+n]+=2*x;
101     }
102     //debug(n);
103     build(1,1,2*n+1);
104     long long ll,rr;
105     for(int i=1;i<=m;i++)
106     {
107         scanf("%I64d%I64d",&ll,&rr);
108         if(ll<=rr)
109         {
110             ll+=n-1;
111             rr++;
112             swap(ll,rr);
113                 }
114                 else
115                 {
116                         swap(ll,rr);
117                         ll++;rr--;
118                 }
119                 T ret=query(1,1,2*n+1,ll,rr+1);
120                 if(ret.posl==ret.posr)
121                 {
122                         update(1,1,2*n+1,ret.posl,-inf,-inf);
123                         T ret2=query(1,1,2*n+1,ll,rr+1);
124                         printf("%I64d
",max(ret.l+ret2.r,ret2.l+ret.r));
125                         update(1,1,2*n+1,ret.posl,ret.l,ret.r);
126                 }else
127                 printf("%I64d
",ret.l+ret.r);
128     }
129     return 0;
130 }
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  • 原文地址：https://www.cnblogs.com/philippica/p/4296487.html
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