以为可以做出这个dp 可是就是写不好 这个状态转移方程 fuck
题意 还是很简单的... touch me贴下别人的思路 :----因为 我自己没做出来--传送
在n个商店中建m个仓库,使各个商店到仓库的路程之和最小,商店到哪个仓库是有选择的,
总之路程之和要最小!
我还以给的例子来说,这道题的具体思路:
本来想做个图的,这样更清晰,我辛苦做出来的弄上面无法显示啊!我泪奔啊,我只能用汉字来说了,考验一下额的汉字表达水平!
-
仓库要建在商店的位置,也就是说,它一定在某个商店的坐标处;
首先:
我们可以将一下n个商店的位置存入dis[]数组(这里注意,这里说的是位置,我们可以想象,highway当做一个数轴来看,那么dis[i]就代表第i个商店在数轴上的坐标,就是位置,它不代表距离);
然后:
我 们要算出从第i个商店到第j个商店之间建一个仓库之后又增加的距离case[i][j],这里要明白,从第i个商店到第j个商店建一个仓库,这个仓库所建 的位置一定是dis[(i+j)/2],即建在它的中位数处,所以,这个增加值就是case[i][j]=abs(dis[k]-dis[(i+j) /2])(i<=k<=j);
接下来找dp[i][j];dp[i][j]代表前j个商店建i个仓库的最小距离;
下面就是最难理解的一步了,动态转移方程的寻找,
不好理解就在于有多个阶段,每个阶段都有多个状态,每个阶段的初始值都是不确定的,我们要把它初始为一个尽可能大的数,要找dp[i][j],首先dp[i][j]=10000000(尽可能的大);然后找前一个状态,dp[i-1][m]
为啥是m呢?因为,上一个状态的仓库数是一定的,肯定是比该状态少1,但是商店数就是不确定的了,它最小是
i-1,最大是j-1,即m的范围就是(i-1<=m<=j-1),找到上个状态后,再加上一个增加值,这个增加值是从m+1
到j之间建一个仓库所增加的距离,即case[m+1][j];该状态是dp[i-1][m]+case[m+1][j];那么dp[i][j]就是两值得最小,每次m的改变就会将最小的存入dp[i][j],最后一次的更新,得到该状态的最小值;
这样,我们就找到了状态转移方程
dp[i][j]=MIN(dp[i-1][m]+case[m+1][j]),(i-1<=m<=j-1);
1 #include<stdio.h> 2 #include<string.h> 3 4 const int maxn=220; 5 const int INF=99999999; 6 7 int dis[maxn],dp[maxn][maxn],cost[maxn][maxn]; 8 9 int abs(int x){ 10 return x<0?-x:x; 11 } 12 13 int min(int a,int b){ 14 return a<b?a:b; 15 } 16 17 int main(){ 18 19 //freopen("input.txt","r",stdin); 20 21 int n,k; 22 int cases=0; 23 while(scanf("%d%d",&n,&k)){ 24 int i,j,m; 25 if(n==0 && k==0) 26 break; 27 for(i=1;i<=n;i++) 28 scanf("%d",&dis[i]); 29 for(i=1;i<=n;i++) 30 for(j=i;j<=n;j++){ 31 cost[i][j]=0; 32 for(m=i;m<=j;m++) 33 cost[i][j]+=abs(dis[m]-dis[(i+j)/2]); 34 } 35 for(i=1;i<=n;i++) 36 dp[1][i]=cost[1][i]; 37 for(i=2;i<=k;i++) 38 for(j=i;j<=n;j++){ 39 dp[i][j]=INF; 40 for(m=i-1;m<=j-1;m++) 41 dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i-1][m]+cost[m+1][j]); 42 } 43 printf("Chain %d Total distance sum = %d ",++cases,dp[k][n]); 44 } 45 return 0; 46 }
我还是对于dp[ i ] [ j ]的前一个状态考虑的不周到啊啊 哎。。。
这题 还是蛮有价值的=-=