数论讲义做题记录
这是为了熟悉定理写的,可能过程不是很规范……
第一章
1.证明(6mid{n(n+1)(2n+1)}),其中$n in mathbb{Z} $
设(t=6k+p),(pin[0,5],pinmathbb{Z}) ,然后利用乘法取模的规律
2.证明任意(n)个连续整数中((ngeqslant1)),有且仅有一个数被(n)除尽。
设(t=pn+q+k),(qin [0,p]),由(q+k=tcdot n)
3.证明:若({m-p}mid(mn+qp)),则({m-p}mid(mq+np))
((mn+pq)-(m-p)(n-q))
4.证明:若(pmid (10a-b))和(pmid(10c-d)),则(pmid (ad-bc))
(A=10a-b),(B=10c-d),(pmid (cA-aB))
5.证明:若((a,b)=1),则((a+b,a-b)=1)或(2)
设(t=(a+b,a-b)),则
[tmid (a+b),tmid (a-b) ]所以
[tmid 2a, tmid 2b, tmid (2a,2b) ]所以
[tmid 2(a,b) ]所以(t=1)或(t=2)
6.证明:若((a,b)=1),则((a+b,a^2-ab+b^2)=1)或(3)
设(t=(a+b,a^2-ab+b^2)),则
[tmid a+b, tmid (a^2-ab+b^2) ]因此
[tmid[(a+b)^2-(a^2-ab+b^2)] ]即
[tmid 3ab ]下证((a+b,ab)=1)
因为((a,b)=1),设存在质数(pmid (a+b,ab)),则(pmid ab, pmid (a+b))
由唯一分解定理,(pmid a)或(pmid b)
不失一般性地,设(pmid a),由(pmid(a+b))得(pmid b)
因此(pmid(a,b)),与((a,b)=1)矛盾,因此不存在质数(pmid (a+b,ab))
因此((a+b,ab)=1)
由于
[(t,ab)=(a+b,a^2-ab+b^2,ab)=((a+b,ab),a^2-ab+b^2)=1 ]因此(tmid 3),所以(t=1)或(3)
7.证明:若方程(x^n+a_1x^{n-1}+cdots+a_n=0)((n>0),(a_i)是整数,(i=1,dots,n))有有理数解,则此解必为整数。
设解为(x=frac{p}{q}),((p,q)=1,q>0),代入方程得
[frac{p^n}{q^n}+a_1frac{p^{n-1}}{q^{n-1}}+a_2frac{p^{n-2}}{q^{n-2}}+cdots+a_n=0 ]两边同乘(q^n),得
[p^n+a_1p^{n-1}q+a_2p^{n-2}q^2+cdots+a_nq^n=0 ]即
[p^n=-q(a_1p^{n-1}+a_2p^{n-2}q+cdots+a_nq^{n-1}) ]所以(qmid p^n),假设(q e 1),由唯一分解定理,存在质数(r>1,rinmathbb{N_+}),使(rmid q),因此(rmid p^n)
因为(r)是质数,所以(rmid p)(P8引理3)
所以(rmid (p,q)),所以(1<rleqslant (p,q)),与((p,q)=1)矛盾,所以(q=1)
所以解为整数
8.一个有理数(frac{a}{b}),当((a,b)=1)时叫做既约分数,证明:若两个既约分数(frac{a}{b},frac{c}{d})的和是一个整数,则(leftlvert b ight vert=leftlvert d ight vert)
设(p)是一个整数,且
[frac{a}{b}+frac{c}{d}=p ]则
[frac{ad}{b}+c=pd,a+frac{cb}{d}=pb ]因为(a,b,c,d,p)是整数,所以(pd-c),(pb-a)是整数,所以(frac{ad}{b},frac{cb}{d})是整数
所以(bmid ad,dmid cb),因为((a,b)=1,(c,d)=1),所以(bmid d,dmid b)
所以(leftlvert b ight vertleqslantleftlvert d ight vert,leftlvert d ight vertleqslantleftlvert b ight vert),所以(leftlvert b ight vert=leftlvert d ight vert)
9.如果一个整数不能被任一个素数的平方所整除则叫做无平方因子,证明:对每一个整数(ngeqslant1),能唯一决定(a>0,b>0)使得(n=a^2b),这里(b)无平方因子。
设(n=p_1^{k_1}p_2^{k_2}p_3^{k_3}cdots p_t^{k_t})
设(a^2=p_1^{2k'_1}p_2^{2k'_2}p_3^{2k'_3}cdots p_t^{2k'_t})
设(b=p_1^{k''_1}p_2^{k''_2}p_3^{k''_3}cdots p_t^{k''_t})
因为(b)无平方因子,所以(forall iin{1,2,3,dots,t},k''_i mid 2),所以(k''_i=0)或(1)
所以(forall iin{1,2,3,dots,t},2k'_i=k_i-k''_i),(2mid(k_i-k''_i))
当(k_i)为奇数时,(k''_i=1),当(k_i)为偶数时,(k''_i=0),因此能唯一决定(b)
由(b)可以得出唯一的(a)
10.证明:若(b^2)是(n)的最大平方因子,则由(a^2mid n),可推出(amid b)
= =整数唯一分解定理,但我不是为了数学竞赛,所以不写了……
11.给定(x)和(y),若(m=ax+by),(n=cx+dy),这里(ad-bc=pm1),证明:((m,n)=(x,y))
显然= =,((a,b)mid m, (a,b)mid n),(贝祖定理可以推得)
又(exists t_1,t_2in mathbb{Z})使((m,n)=t_1m+t_2n),因此((a,b)mid(m,n))
(cm-an=bcy-ady=pm y),因此((m,n)mid y)(贝祖定理推论)
(dm-bn=adx-bcx=pm x),因此((m,n)mid x)
因此((m,n)mid (x,y))
所以(leftlvert (m,n) ight vertleqslantleftlvert(x,y) ight vert,leftlvert(x,y) ight vertleqslantleftlvert(m,n) ight vert)
所以((m,n)=(x,y))(最大公因数当然是正的了= =)
12.证明:若(n>0),(a^nmid b^n),则(amid b)
整数唯一分解定理= =
14.证明:对于同样的整数(x)和(y),(17mid2x+3y)的充要条件是(17mid9x+5y)
(Rightarrow),设(t=2x+3y),则(x=frac{t-3y}{2}),(9x+5y=frac{9t-17y}{2})
因为(x)是整数,所以(2mid 17-3y),所以
[y=frac{2k+1}{3},9x+5y=frac{frac{27t-34k-17}{3}}{2} ]所以(17mid9x+5y)
(Leftarrow),同理= =
15.设(5 mid d),(f(x)=ax^3+bx^2+cx+d),(g(x)=dx^3+cx^2+bx+a),证明:若存在(m),使(5mid f(m)),则存在(n),使(5mid g(n))
(m=5k)时(f(m)equiv dpmod 5),不合题意= =
(m=5k+1)时
[f(m)equiv a+b+c+dpmod 5,g(m)equiv d+c+b+apmod5 ](m=5k+2)时
[f(m)equiv 3a+4b+2c+dpmod 5,g(m)equiv 3d+4c+2b+apmod5 ](m=5k+3)时
[f(m)equiv 2a+4b+3c+dpmod 5,g(m)equiv 2d+4c+3b+apmod5 ](m=5k+4)时
[f(m)equiv 4a+b+4c+dpmod 5,g(m)equiv 4d+c+4b+apmod5 ](m=5k+1)时
取(n=m),则(f(m)+g(n)equiv 0pmod5),(5mid f(m)+g(n)),因为(5mid f(m)),所以(5mid g(n))
(m=5k+2)时
取(n=5k+3),则(f(m)+2g(n)equiv 0pmod5),(5mid f(m)+2g(n)),因为(5mid f(m)),所以(5mid 2g(n)),因为((5,2)=1),所以(5mid g(n))
剩下的同理= =