round 469

第一次打codeforces,还是太菜了
代码全部来自大神void_f
C

#include <cstdio>
#include <vector>
#include <ctype.h>
using namespace std;
vector<int> Ans[200010];
int p,cnt,n=1;
int main(){
	for(char ch=getchar();isdigit(ch);ch=getchar(),n++)
		if(ch=='1'){
			if(!p){printf("-1
");return 0;}
			Ans[p--].push_back(n);
		}
                else if(p==cnt) Ans[p=++cnt].push_back(n);
		else Ans[++p].push_back(n);
	
        if(p<cnt){printf("-1
");return 0;}

	printf("%d
",cnt);
	for(int i=1;i<=cnt;++i){
		printf("%d ",Ans[i].size());
		for(int j=0;j<Ans[i].size();++j)
			printf("%d ",Ans[i][j]);
		printf("
");
	}
	return 0;
}

求一个1010序列中可以分解为多少个 zebra字串 (以0开始结束 中间01相间的 ，不必要相连 但是先后顺序要一样）
我们要注意到这样的事实， 就是生成的zerba 并没有顺序，我们可以假想已经生成的zebra,都分别抽取出来，排成一列，而且由于特性的原因，我们可以在维护的过程中，保持前p个 zebra 是以1结尾的（遇见0给p接上,p--) 遇见一（p++ 接上）
0101
010
0
cnt : 当前生成的zebra 数量
p : 当前生成的zerba中以1为结尾的数量
ans _vec
当时还是没有从这个角度想吧（没能吧字串想的展开）

D
数字 1 2 3 4 5 6 7 8
位置 12345678910 总之是奇数位置上有数字，偶数位置上没有数字
数学问题，仔细想想，观察移动规律的题，每一次移动都是选取最大的数移动到最近的空
规律1 所有奇数不会被占有，前1/2 位置的奇数本身就不会挪位，后面的奇数一旦空出位置来就再也不会被取代了
偶数是有可能被占有的，我们追踪每一个偶数移动的规律
我们想知道一个偶数位置的数 2*i 上一个位置在哪，那么首先显然这个偶数之前还有空位置，之后已经没有空位置了

那么这个偶数位置是 2i 那么之前的位置就有i 个数字
之后的数字就有 n-i-1 个（前面i个数字 ，再包括那个数字本身）
那么这个数字上一次的位置就应该在
2i + (n-i-1) +1 个处 即 n+i处
x是偶数，那么上次位置就在 n+x/2 处
如果一直是偶数就递归处理 直到奇数为止

 #include <cstdio>
long long n,x;
int q;
int main(){
	scanf("%I64d%I64d",&n,&q);
	while(q--){
		scanf("%I64d",&x); 
		while(!(x&1)) x=(x>>1)+n;
		printf("%I64d
",(x+1)>>1);
	}
	return 0;
}

E 是抽象了就是给定一个有向图，
对于一个点来说，他的值是从他可以到达点格个数 ，找到值最小的点

经典算法：
考虑到有向图,使用tarjan 算法
时间戳数组 dfn
标记数组 记录当前节点扩展到的最早节点 low
同一个low值的节点在一个强联通子图内

我们将一个可能有环的图通过缩点，变成了一个没有环的图
找到其中一个没有初度的规模最小的,点就是答案

方法2：Kosaraju

首先dfs,但是是后序打标记，就是时间戳.
然后从上述标机的最大值开始 ，从反向图中进行深搜，每一次如果搜到本轮的节点，就返回 ，搜到前几轮的节点，说明那个轮次的节点不能使用

理解：
对于第一次深搜，实际上是给出了，缩点的拓扑排序。
我们可以保证，将一个强连通子图缩微一点，

后序的深搜事实上是保证了拓扑排序的正确行。
确实，理解以后有一种"较大的快感"

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=100100;
int n,m,h,st[N],sz[N],vis[N],cnt,scnt,vd[N],sn[N],a[N];
vector<int>vec[N],vec2[N];

void dfs1(int x){
	if(vis[x])return;
	vis[x]=1;
	for(int i=0;i<vec[x].size();i++)dfs1(vec[x][i]);
	st[++cnt]=x;
}
void dfs2(int x){
	if(sn[x]){
		if(sn[x]!=scnt)vd[sn[x]]=1;
		return;
	}
	sn[x]=scnt;sz[scnt]++;
	for(int i=0;i<vec2[x].size();i++)dfs2(vec2[x][i]);
}


int main(){
	scanf("%d%d%d",&n,&m,&h);
	for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",a+i);
	for(int i=1;i<=m;i++){
		int u,v;
		scanf("%d%d",&u,&v);
		if((a[u]-a[v]+h)%h==1)vec[v].push_back(u),vec2[u].push_back(v);
		if((a[v]-a[u]+h)%h==1)vec[u].push_back(v),vec2[v].push_back(u);
	}
	for(int i=1;i<=n;i++)dfs1(i);
	for(int i=n;i;i--)
		if(!sn[st[i]]){
			scnt++;dfs2(st[i]);
		}
	int ans=0;sz[0]=n+1;
	for(int i=1;i<=scnt;i++)if(!vd[i]&&sz[i]<sz[ans])ans=i;
	printf("%d
",sz[ans]);
	for(int i=1;i<=n;i++)if(sn[i]==ans)printf("%d ",i);
	return 0;
}