题目描述
Flappy Bird 是一款风靡一时的休闲手机游戏。玩家需要不断控制点击手机屏幕的频率来调节小鸟的飞行高度，让小鸟顺利通过画面右方的管道缝隙。如果小鸟一不小心撞到了水管或者掉在地上的话，便宣告失败。
为了简化问题，我们对游戏规则进行了简化和改编：
-
游戏界面是一个长为n ，高为 m 的二维平面，其中有k 个管道（忽略管道的宽度）。
-
小鸟始终在游戏界面内移动。小鸟从游戏界面最左边任意整数高度位置出发，到达游戏界面最右边时，游戏完成。
- 小鸟每个单位时间沿横坐标方向右移的距离为1 ，竖直移动的距离由玩家控制。如果点击屏幕，小鸟就会上升一定高度X ，每个单位时间可以点击多次，效果叠加；
如果不点击屏幕，小鸟就会下降一定高度Y 。小鸟位于横坐标方向不同位置时，上升的高度X 和下降的高度Y 可能互不相同。
- 小鸟高度等于0 或者小鸟碰到管道时，游戏失败。小鸟高度为 m 时，无法再上升。
现在，请你判断是否可以完成游戏。如果可以 ，输出最少点击屏幕数；否则，输出小鸟最多可以通过多少个管道缝隙。
输入输出格式
输入格式：输入文件名为 bird.in 。
第1 行有3 个整数n ，m ，k ，分别表示游戏界面的长度，高度和水管的数量，每两个
整数之间用一个空格隔开；
接下来的n 行，每行2 个用一个空格隔开的整数X 和Y ，依次表示在横坐标位置0 ~n- 1
上玩家点击屏幕后，小鸟在下一位置上升的高度X ，以及在这个位置上玩家不点击屏幕时，
小鸟在下一位置下降的高度Y 。
接下来k 行，每行3 个整数P ，L ，H ，每两个整数之间用一个空格隔开。每行表示一
个管道，其中P 表示管道的横坐标，L 表示此管道缝隙的下边沿高度为L ，H 表示管道缝隙
上边沿的高度（输入数据保证P 各不相同，但不保证按照大小顺序给出）。
输出格式：输出文件名为bird.out 。
共两行。
第一行，包含一个整数，如果可以成功完成游戏，则输出1 ，否则输出0 。
第二行，包含一个整数，如果第一行为1 ，则输出成功完成游戏需要最少点击屏幕数，否则，输出小鸟最多可以通过多少个管道缝隙。
输入输出样例
10 10 6 3 9 9 9 1 2 1 3 1 2 1 1 2 1 2 1 1 6 2 2 1 2 7 5 1 5 6 3 5 7 5 8 8 7 9 9 1 3
1 6
10 10 4 1 2 3 1 2 2 1 8 1 8 3 2 2 1 2 1 2 2 1 2 1 0 2 6 7 9 9 1 4 3 8 10
0 3
说明
【输入输出样例说明】
如下图所示，蓝色直线表示小鸟的飞行轨迹，红色直线表示管道。
【数据范围】
对于30% 的数据：5 ≤ n ≤ 10，5 ≤ m ≤ 10，k = 0 ，保证存在一组最优解使得同一单位时间最多点击屏幕3 次；
对于50% 的数据：5 ≤ n ≤ 2 0 ，5 ≤ m ≤ 10，保证存在一组最优解使得同一单位时间最多点击屏幕3 次；
对于70% 的数据：5 ≤ n ≤ 1000，5 ≤ m ≤ 1 0 0 ；
对于100%的数据：5 ≤ n ≤ 100 0 0 ，5 ≤ m ≤ 1 0 00，0 ≤ k < n ，0<X < m ，0<Y <m，0<P <n，0 ≤ L < H ≤ m ，L +1< H 。
前言：
考场上做的时候没思路，直接暴力dfs
50分代码:
#include<cstdio> #include<cstring> #include<cstdlib> #include<cmath> #include<ctime> #include<string> #include<algorithm> #include<iostream> #include<vector> #include<stack> #include<queue> #include<map> using namespace std; #define ll long long #define N 10010 #define inf 1100000000 #define linf 999999999999999LL #define debug(x) cout<<"**"<<x<<endl inline const int read(){ register int x=0,f=1; register char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} return x*f; } inline const char in(){ for(register char ch=getchar();;ch=getchar()) if((ch>='A'&&ch<='Z')||(ch>='a'&&ch<='z')) return ch; } int n,m,k,pos; int up[N],dn[N],xia[N],sha[N],ne[N],temp[N]; int g,exg,ans=0x7fffffff; bool falg; void dfs(int p,int nowh,int d){ if(p==n){ falg=1; ans=min(ans,d); return ; } exg=max(exg,g); int i,j,tmp;//bool tp=0; if(xia[p+1]||sha[p+1]){ for(i=1;i<=3;i++){//上升 tmp=nowh+i*up[p]; if(tmp<xia[p+1]) continue; if(tmp<=sha[p+1]){ //tp=1; g++; dfs(p+1,tmp,d+i); g--; } else break; } tmp=nowh-dn[p];//下降 if(tmp>=xia[p+1]&&tmp<=sha[p+1]){ g++; dfs(p+1,tmp,d); g--; } return ; } for(i=1;i<=3;i++){//上升 tmp=nowh+i*up[p]; if(tmp<=m){ dfs(p+1,tmp,d+i); } else{ dfs(p+1,m,d+i); break; } } tmp=nowh-dn[p];//下降 if(tmp>0){ dfs(p+1,nowh-dn[p],d); } } int main(){ //freopen("sh.txt","r",stdin); n=read();m=read();k=read(); int i,j; for(i=0;i<n;i++) up[i]=read(),dn[i]=read(); for(i=1;i<=k;i++) pos=read(),xia[pos]=read()+1,sha[pos]=read()-1; /*for(j=1;j<=n;j++) if(xia[j]||sha[j]) break; for(i=0;i<j;i++) ed+=dn[i]; if(ed>=xia[j]) ed=m; else ed=xia[j]-ed; for(i=0;i<j;i++) sd+=up[i]; if(sd>=xia[j]) sd=0; else sd=xia[j]-sd;*/ for(i=0;i<=m;i++) g=0,dfs(0,i,0); if(falg) printf("1 %d",ans); else printf("0 %d",exg); return 0; }
大家的说法：
50分 裸暴力
75分 暴力SPFA
转移方程：
f[i][j]表示到达(i,j)这个位置需要的最小点击次数
三个转移:
向上点击不到顶: f[i][j]=min(f[i][j],f[i-1][j-x[i]]+1,f[i][j-x[i]]+1)
向上点到顶: f[i][M]=min(f[i][M],f[i-1][j]+1,f[i][j]+1)
这两个转移用到了完全背包一样的优化,就是点击多次的时候直接从上一次点击的转移。要注意的是需要用到的位置可能是不可到的（即上一次点击到的位置非法但多点一次就合法了）,所以要每个位置都转移然后再把非法位置清空了（当然这个工作开一个辅助数组就行了 orz）。
不点击向下掉: f[i][j]=min(f[i][j],f[i-1][j+y[i]])
这里为了追寻先人精益求精的精神，这里用滚动数组写的代码
AC代码+题解：
#include<cstdio> #include<algorithm> using namespace std; #define inf 1100000000 #define N 10010 inline const int read(){ register int x=0,f=1; register char ch=getchar(); while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();} while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();} return x*f; } int n,m,k,pos,f[2][N];//f[i][j]表示到达(i, j)这个位置需要的最小点击次数<这里滚动了第一维> int up[N],dn[N],xia[N],sha[N]; //up[i]表示在横坐标i处能上升的高度 //dn[i]表示在横坐标i处能下降的高度 //sha[i]表示在横坐标i处（无论有无管道）能通过的最高高度为sha[i]-1 //xia[i]表示在横坐标i处（无论有无管道）能通过的最低高度为xia[i]+1 bool bo[N]; int main(){ n=read();m=read();k=read(); for(int i=1;i<=n;i++) up[i]=read(),dn[i]=read(); for(int i=1;i<=n;i++) sha[i]=m+1; for(int i=1;i<=k;i++) pos=read(),xia[pos]=read(),sha[pos]=read(),bo[pos]=1; int last=0,now=0,guo=0,ans=0x7fffffff; for(int i=1,j;i<=n;i++){ last=now;now^=1; for(j=1;j<=m;j++) f[now][j]=inf;//初始化：i=1时，靠f[0][j]=0去更新 for(j=up[i]+1;j<=m;j++) f[now][j]=min(f[now][j-up[i]],f[last][j-up[i]])+1;//上升：从上一步的点击状态和点击状态转移过来（这样的话不会产生在一步之内既落下来又被点击的情况） for(j=m-up[i];j<=m;j++) f[now][m]=min(f[now][m],min(f[now][j],f[last][j])+1);//顶部m特判：所有在m-up[i]到m范围内的都可以转移到m for(j=m-dn[i];j>=1;j--) f[now][j]=min(f[now][j],f[last][j+dn[i]]);//下降：从本步高度可倒推出上一步高度，注意j的范围是本步之内的合理范围（不会碰到柱子），并且上一步高度不能高于m for(j=1;j<=xia[i];j++) f[now][j]=inf;//判断管道->判断能不能过去 for(j=sha[i];j<=m;j++) f[now][j]=inf; for(j=1;j<=m;j++) if(f[now][j]<inf){if(bo[i]) guo++;break;}//统计可以过去的管道数 if(j>m){printf("0 %d ",guo);return 0;} } for(int i=1;i<=m;i++) ans=min(ans,f[now][i]); printf("1 %d ",ans); return 0; }
AC 代码分析：
代码长度：1227B(去掉解释)
时空复杂度：
