4606: [Apio2008]DNA

4606: [Apio2008]DNA

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Description

分析如DNA序列这样的生命科学数据是计算机的一个有趣应用。从生物学的角度上说,DNA 是一种由腺嘌呤、胞嘧啶

、鸟嘌呤和胸腺嘧啶这四种核苷酸组成的链式结构。这四种核苷酸分别用大写字母A、C、G、T表示。这样,一条DNA

单链可以被表示为一个只含以上四种字符的字符串。我们将这样的字符串称作一个DNA序列 。有时生物学家可能无

法确定一条DNA单链中的某些核苷酸。在这种情况下,字符N将被用来表示一个不确定的核苷酸。换句话说,N可以用

来表示A、C、G、T中的任何一个字符。我们称包含一个或者多个N的DNA序列为未完成序列;反之,就称作完成序列。

如果一个完成序列可以通过将一个未完成序列中的每个N任意替换成A、C、G、T得到的话,就称完成序列适合这个未

完成序列。举例来说,ACCCT适合ACNNT,但是AGGAT不适合。研究者们经常按照如下方式排序四种核苷酸:A优先于C,C

优先于G,G优先于T。如果一个DNA序列中的每个核苷酸都与其右边的相同或者优先,就将其归类为范式-1。举例来说

,AACCGT是范式-1,但是AACGTC不是。一般来说,一个DNA序列属于范式-j(j>1),只要它属于范式-(j-1)或者是一个范

式-(j-1)和一个范式-1的连接。举例来说,AACCC、ACACC和ACACA都是范式-3,但GCACAC和ACACACA不是。同样,研究

者们按照字典序对 DNA 序列进行排序。按照这个定义,最小的属于范式-3的DNA序列是AAAAA,最大的是TTTTT。这里

是另外一个例子,考虑未完成序列 ACANNCNNG。那么前7个适合这个未完成序列的DNA序列是:

ACAAACAAG

ACAAACACG

ACAAACAGG

ACAAACCAG

ACAAACCCG

ACAAACCGG

ACAAACCTG

写一个程序,找到按字典序的第R个适合给定的长度为M的未完成序列的范式-K。

Input

输入第一行包含三个由空格隔开的整数:M(1≤M≤50,000),K(1≤K≤10)和R(1≤R≤2×10^12)。

第二行包含一个长度为M的字符串,表示未完成序列。

保证适合该未完成序列的范式-K的总数不超过4×10^18 

因此该数可以用C和C++中的long long类型或者Pascal中的Int64类型表示。

同时,R不会超过适合给定未完成序列的范式-K的总数。

Output

在第一行中输出第R个适合输入中的未完成序列的范式-K。

Sample Input

9 3 5
ACANNCNNG

Sample Output

ACAAACCCG

HINT

 

Source

鸣谢Yts1999上传

题意：

给定一个长度为m的由ACGTN组成的字符串，定义大小关系A<C<G<T，你要把其中的N替换成ACGT的其中一个，满足最多有k个不下降的子序列的同时，求出第R大的字符串。

M⩽50000 R⩽10¹² K⩽10

题解:

明显的计数类DP

用f[i][j][k]表示第i到n位第i位是j，这部分分了k段的个数.

这个容易转移，然后我们就一步步走呗。

f[i][j][k]=∑(f[i+1,l,k或k-1]){k或k-1视j与l的关系而定，如果j>l则为k-1,否则为k}。

复杂度 O(16MK)

#include<cstdio>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int N=5e4+5;
int n,m,a[N];ll now;
ll f[N][5][11];
ll s[N][5][11];
char str[N],path[6]={0,'A','C','G','T'};
int main(){
    scanf("%d%d%lld",&n,&m,&now);//M K R
    scanf("%s",str+1);
    for(int i=1;i<=n;i++){
        if(str[i]!='N'){
            a[i]=str[i]=='A'?1:
                 str[i]=='C'?2:
                 str[i]=='G'?3:4;
        }
    }
    if(a[n]) f[n][a[n]][1]=1;
    else for(int i=1;i<=4;i++) f[n][i][1]=1;
    for(int i=n-1;i;i--){
        for(int j=1;j<=4;j++){
            if(!a[i]||a[i]==j){
                for(int k=1;k<=m;k++){
                    for(int l=1;l<=4;l++){
                        f[i][j][k]+=f[i+1][l][k-(l<j)];
                    }
                }
            }
        }
    }
    for(int i=1;i<=n;i++){
        for(int j=1;j<=4;j++){
            for(int k=1;k<=m;k++){
                s[i][j][k]=s[i][j][k-1]+f[i][j][k];
            }
        }
    }
    for(int i=1,j,k=0;i<=n;i++){
        if(a[i]){
            putchar(path[a[i]]);
            if(k>a[i]) m--;
            k=a[i];
        }
        else{
            for(j=1;j<=4&&s[i][j][m-(k>j)]<now;j++) now-=s[i][j][m-(k>j)];
            putchar(path[j]);
            if(k>j) m--;
            k=j;
        }
    }
    return 0;
}