abc214_f Substrings(dp)

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题目大意

  给你一个字符串，你可以标记一个子序列，子序列中的字符不能相邻，剩下的删除掉，问最后能形成多少种不同的子序列。

解题思路

  可以设dp[i]表示以i结尾并且最后剩下的子序列有第i位时有多少不同的子序列。设dp[1] = dp[0] = 1, 那么我们的状态转移方程就是(dp[i] = sum dp[j](j leq i-2))。但是这样时有重复计算的，给一个字符串"abcabc"，当i处于第2个'c'的位置时，我们的状态计算为dp[6] = dp[4]+dp[3]+dp[2]，发现不能再加dp[1]了，因为这相当于"ac"这个子序列，但是之前计算第1个'c'的位置时就已经计算过"ac"了，再计算就重复了，也就是说如果j+1和i相等的话，j就不应该再往前枚举了。
  这就结束了吗？还没完，比如"aaaaaa"，计算第一个'a'的时候贡献为1，计算第二个'a'的时候贡献也为1，是不是不太对？前两个对应的子序列都是'a'，明显重复了。这时候我们可以在字符串前面加一个奇怪的符号，等于说计算的字符串整体右移了一个字符，然后只让dp[0]初始化为1，从2开始计算，在j+1和i相等的时候，j就不再往前枚举了，就可以避免重复计算了。

const int maxn = 2e5+10;
const int maxm = 2e5+10;
ll dp[maxn];
int main(void) { 
    IOS;
    string s; cin >> s;
    s = "&^"+s;
    dp[0] = 1;
    int n = s.size();
    for (int i = 2; i<n; ++i) {
        for (int j = i-2; j>=0; --j) {
            dp[i] = (dp[i]+dp[j])%MOD;
            if (s[j+1]==s[i]) break;
        }
    }
    ll sum = 0;
    for (int i = 2; i<n; ++i) sum = (sum+dp[i])%MOD;
    cout << sum << endl;
	return 0;   
}