今天在叉姐的群里找点题目做，这题目还是很好的：提意思如下
【有M个可以提供计算机网络的端口和N台计算机（计算机数量少于端口数），每个端口和计算机有一个坐标（一维的）！其中端口与计算机链接的距离 |x - y|。所求用最少的网线使每台计算机都可以链接网络。】
很容易想到网线不会交叉！所以对于折中形式就会想到 这个方程 (dp[i][j] 代表 第 i 台电脑 链接 到 前 j 个接口的最少花费)。
dp[i][j] = min( dp[i][j-1] , dp[i-1][j-1] + abs(a[i]-b[j]) );
可是 会看到 『M (1 ≤ M ≤ 100000), N (1 ≤ N ≤ 2000, N ≤ M)』 纳尼 这怎么破！时间&&内存 QAQ
好好观察下你的 【状态转移方程】 一个状态 i，只与 状态 i-1 有关 所以 数组就不用开成 dp[N][M] 相对应的
dp[2][M] 就 可以了！
同学不要着急 啊 ！ 时间仔细 想想 时间也是可以优化的!!!
对于 M很大 而 N 却 不多的数据 上面的 会很 慢，毕竟 有点暴力！ 怎们 优化 呢！ 对于 这样的连线问题 当然 越近越好。如果你已经有了答案就不要看了取写吧 ！ （自己想到的才是最好的）。
对于每一个电脑的位置最好用lower_bound() 找到那个位置 ！一般这个位置对于 单个计算机而言 是最近的距离，
但是当计算多了起来时就不一定是我们要的那个端口了，但是在 【P-N，P+N】 区间内一个接口对于这太计算机是最优的选择！
好好想！只要处理出 这一部分的dp 值 就可以了!
只要记录下上一个状态的的起点和终点就可以了
主要的代码就是祥下面的一样（这里面的 m,n和题目意思里面的不一样）。
p=lower_bound(a,a+n,b[0])-a;
int sta=0;
int s1=0,e1=m-1,s2,e2;
for(i=0; i<m; i++)
{
int tmp=sta^1;
for(; pp<n&&a[p]<b[i]; ++p);
s2=max(i,pp-m);
e2=min(n,pp+m);
dp[tmp][s2-1]=INF;
for(j=s2; j<=e2; ++j)
{
if( j<=e1 )
dp[tmp][j]=min(dp[tmp][j-1],dp[sta][j-1]+abs(a[j]-b[i]));
else
dp[tmp][j]=min(dp[tmp][j-1],dp[sta][e1]+ abs(a[j]-b[i]));
}
e1=e2;
s1=s2;
sta=tmp;
}