题目背景
滚粗了的HansBug在收拾旧语文书，然而他发现了什么奇妙的东西。
题目描述
蒟蒻HansBug在一本语文书里面发现了一本答案，然而他却明明记得这书应该还包含一份练习题。然而出现在他眼前的书多得数不胜数，其中有书，有答案，有练习册。已知一个完整的书册均应该包含且仅包含一本书、一本练习册和一份答案，然而现在全都乱做了一团。许多书上面的字迹都已经模糊了，然而HansBug还是可以大致判断这是一本书还是练习册或答案，并且能够大致知道一本书和答案以及一本书和练习册的对应关系（即仅仅知道某书和某答案、某书和某练习册有可能相对应，除此以外的均不可能对应）。既然如此，HansBug想知道在这样的情况下，最多可能同时组合成多少个完整的书册。
输入输出格式
输入格式：
第一行包含三个正整数N1、N2、N3，分别表示书的个数、练习册的个数和答案的个数。
第二行包含一个正整数M1，表示书和练习册可能的对应关系个数。
接下来M1行每行包含两个正整数x、y，表示第x本书和第y本练习册可能对应。（1<=x<=N1，1<=y<=N2）
第M1+3行包含一个正整数M2，表述书和答案可能的对应关系个数。
接下来M2行每行包含两个正整数x、y，表示第x本书和第y本答案可能对应。（1<=x<=N1，1<=y<=N3）
输出格式：
输出包含一个正整数，表示最多可能组成完整书册的数目。
输入输出样例
5 3 4
5
4 3
2 2
5 2
5 1
5 3
5
1 3
3 1
2 2
3 3
4 3
2
说明
样例说明：
如题，N1=5，N2=3，N3=4，表示书有5本、练习册有3本、答案有4本。
M1=5，表示书和练习册共有5个可能的对应关系，分别为：书4和练习册3、书2和练习册2、书5和练习册2、书5和练习册1以及书5和练习册3。
M2=5，表示数和答案共有5个可能的对应关系，分别为：书1和答案3、书3和答案1、书2和答案2、书3和答案3以及书4和答案3。
所以，以上情况的话最多可以同时配成两个书册，分别为：书2+练习册2+答案2、书4+练习册3+答案3。
数据规模：
对于数据点1, 2, 3，M1，M2<= 20
对于数据点4~10，M1，M2 <= 20000
1 /*S连向练习册，练习册连向书，书连向答案，答案连向T 2 所有边 的边权都是1，注意书在最中间，拆一下点，不然容易造成 3 一本书匹配多组答案的情况 4 我画了图的 5 */ 6 #include<iostream> 7 #include<algorithm> 8 #include<cstring> 9 #include<queue> 10 #include<cstdio> 11 using namespace std; 12 #define maxn 500005 13 inline int read(){ 14 int res=0,f=1;char c=getchar(); 15 while(c<'0'||c>'9'){ if(c=='-') f=-1;c=getchar(); } 16 while(c<='9'&&c>='0') res=res*10 +c-'0',c=getchar(); 17 return res; 18 } 19 int N1,N2,N3,M1,M2,S=0,T,head[maxn],dep[maxn],tot=1; 20 struct Edge{ int v,next,flow; }e[maxn*10]; 21 void Add_Edge(int u,int v){ 22 e[++tot].v=v;e[tot].next=head[u];e[tot].flow=1;head[u]=tot; 23 e[++tot].v=u;e[tot].next=head[v];e[tot].flow=0;head[v]=tot; 24 } 25 queue<int> q; 26 bool BFS(){ 27 memset(dep,0,sizeof dep ); 28 q.push(S); dep[S]=1; 29 while(!q.empty()){ 30 int u=q.front();q.pop(); 31 for(int i=head[u];i;i=e[i].next){ 32 int v=e[i].v; 33 if(e[i].flow&&dep[v]==0){ 34 dep[v]=dep[u]+1; 35 q.push(v); 36 } 37 } 38 } 39 if(dep[T]!=0) return true; 40 else return false; 41 } 42 int DFS(int u,int flow){ 43 if(u==T||flow<=0) return flow; 44 int ret=0; 45 for(int i=head[u];i>=0;i=e[i].next){ 46 int v=e[i].v; 47 if(dep[v]==dep[u]+1 && e[i].flow){ 48 int x=DFS(v,min(flow-ret,e[i].flow)); 49 ret+=x;flow-=x; 50 e[i].flow-=x; 51 e[i^1].flow+=x; 52 if(flow==0) break; 53 } 54 } 55 return ret; 56 } 57 int Dinic(){ 58 int ans=0; 59 while(BFS()) ans+=DFS(S,0x3fffffff); 60 return ans; 61 } 62 int main(){ 63 memset(head,-1,sizeof head ); 64 N1=read(); N2=read(); N3=read(); 65 T=N1+N2+N3+2;S=0; 66 for(int i=1;i<=N2;i++) Add_Edge(S,i); 67 for(int i=1;i<=N1;i++) Add_Edge(i+N2,T+i);//拆点 68 for(int i=1;i<=N3;i++) Add_Edge(N2+N1+i,T); 69 M1=read(); 70 for(int i=1,y,x;i<=M1;i++){ 71 x=read();y=read(); 72 Add_Edge(y,N2+x); 73 } 74 M2=read(); 75 for(int i=1,x,y;i<=M2;i++){ 76 x=read();y=read(); 77 Add_Edge(T+x,N2+N1+y); 78 } 79 printf("%d ",Dinic()); 80 return 0; 81 }