Ignatius and the Princess IV (简单DP,排序)

方法一：    直接进行排序，输出第（n+1）/2位置上的数即可。 （容易超时，关闭同步后勉强卡过）

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
using namespace std;

int n;
int a[1000005];
int main()
{
    ios::sync_with_stdio(false);
    while(cin>>n)
    {
        for(int i=0;i<n;i++)
        cin>>a[i];
        sort(a,a+n);
        cout<<a[(n+1)/2]<<endl;
    }
}

方法二：原 https://www.cnblogs.com/kuangbin/archive/2011/07/30/2122217.html

在一个序列中如果去掉2个不同的元素，
那么原序列中的多元素，在新的序列中还是多元素，
因此我们只要按照序列依次扫描，先把t赋值给result，
增加个计数器，cnt = 1；然后向右扫描，
如果跟result相同，则cnt++，不同，那么cnt --，
这个真是我们从上面那个结论里得出的，一旦cnt == 0了，
那么必定c不是多元素，这个时候把t赋值为result,cnt = 1；，
重复该过程，知道结束，这个时候，result就是多元素，
这个的时间复杂度为n。

这个算法的正确性在于因为我们要输出的Ans的次数是大于等于n/2+1的，也就是说它出现的次数是大于其他所有数出现次数之和的

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cmath>
using namespace std;

int n,t,cnt,res;

int main()
{
    ios::sync_with_stdio(false);
    while(cin>>n)
    {
        cnt=0;
        for(int i=0;i<n;i++)
        {
            cin>>t; //复杂度为 n
            if(cnt==0) //这意味着重新一个数
            {
                res=t; //重新的数 赋给res
                cnt++;
            }
            else
            {
                if(t==res) cnt++;
                else cnt--;
            }
        }
        cout<<res<<endl;
    }
}

然而时间上 也是勉强过