本题解同步于luogu
emmm切了近年省选题来写题解啦qwq
该题较其他省选题较水吧（否则我再怎么做的出来
思路是图论做法，做法上楼上大佬已经讲的很清楚了，我来谈谈代码实现上的一些细节
[ ext{设节点1...2n，i}in ext{1-n表示i行，i}in ext{(n+1)-2n时表示i-n列}
]
[ ext{当我们读到一颗绿宝石(x,y,k)时，就从x向y+n连一条权值为k的边}
]
[ ext{当我们连完边后会发现给一行/一列增加a就相当于把与这个点相连的所有边权值增加a}
]
[ ext{这个加边权可以转化为加点权}
]
[ ext{设}onk_i ext{表示在这个节点上的点击次数，}
]
[ ext{搜索起始节点的初值为与这个节点所连边中权值最小的}
]
[ ext{那么已知两点i,j以及}edge_{i,j} ext{和}onk_i ext{，那么由题目条件易得}onk_j=edge_{i,j}-onk_i
]
[ ext{那么直接dfs}
]
时间复杂度为$$O(T imes(KlogK+K)) = O(TNlogN)$$要改进也行，因为我们对于每个点所连边只要边权最小数所以没必要sort，但当我想到这一点时已经AC本题~
[Talk;is;free;,;show;me;the;code
]
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<vector>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#define MAXN 1005
using namespace std ;
inline void read(int &x) {
scanf("%d",&x) ;
}
class getsol {
public:
//========data========
vector<pair<int,int> > edge[MAXN*2] ; //pair第一维是边权，第二维是到达边的编号
int n , m , k , onk[MAXN*2] , inq[MAXN*2] , flag ;//inq表示是否被搜到
//========func========
void add(int x,int y,int v) {
edge[x].push_back(make_pair(v,y)) ; //加边
}
bool check(int u,int v,int w) {
//check , 判断v点是否可行
if(onk[u]+onk[v]!=w) return 0 ;
return 1 ;
}
void dfs(int D) {
//cout<<"DFS : START SEARCH IN DOT "<<D<<endl ;
if(flag==0) return ;
inq[D] = 1 ;
for(auto& i : edge[D]) { //对于每个edge[D]中的元素i
///cout<<"DFS : SEARCH IN DOT "<<i.second<<endl ;
if(flag==0) return ;
//cout<<"In dot : "<<i.second<<endl ;
int ver = i.second , edgeval = i.first ;
if(inq[ver]) {
if(flag==1) //如果答案还是"Yes"那么更新，这里是一个优化~
flag = check(D,ver,edgeval) ;
continue ;
} else {
onk[ver] = edgeval-onk[D] ;
dfs(ver) ;
}
}
}
void PRINT(int* arr,int n) {
for(int i=1; i<=n; ++i) {
cout<<"arr["<<i<<"] = "<<arr[i]<<endl ;
}
}
void sol() {
flag = true ;
read(n) , read(m) , read(k) ;
//行的编号为1~n
//列的编号为(n+1)~(2*n)
//喵~
for(int i=1; i<=k; ++i) {
int x,y,v ;
read(x) , read(y) , read(v) ;
add(x,y+n,v) ;
add(y+n,x,v) ;
}
//cerr<<"FINISH READ"<<endl ;
for(int i=1; i<=2*n; ++i) sort(edge[i].begin(),edge[i].end()) ;
//cerr<<"FINISH SORT"<<endl ;
for(int i=1; i<=2*n; ++i) {
if(!inq[i]&&flag&&!edge[i].empty()) { // 注意这里判一下vector是否为空。。因为这个RE了两三次
onk[i] = (*edge[i].begin()).first ;
//cerr<<"SEARCH IN DOT "<<i<<endl ;
dfs(i) ;
}
}
if(flag==1) {
for(int i=1; i<=2*n; ++i)
for(auto& j : edge[i])
if(flag==1) //重新check一遍，以免遗漏
flag = check(i,j.second,j.first) ;
}
if(flag) puts("Yes") ;
else puts("No") ;
//PRINT(onk,2*n) ;
}
void clear() {
for(int i=1; i<=2*n; ++i) edge[i].clear() ;
memset(inq,0,sizeof(onk)) ;
memset(onk,0,sizeof(onk)) ;
n = m = k = flag = 0 ;
}
} ;
getsol M ;
int T ;
int main() {
//freopen("solo3.in" , "rb" , stdin) ;
//freopen("solo3.out", "wb" ,stdout) ;
read(T) ;
while(T--) M.sol() , M.clear() ;
}
注意本代码是使用C++11标准写成，代码中不同不同语法处已标注