前言
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典例剖析
分析:对于选项(A),函数(y=sqrt{x-1}),由(x-1geqslant 0)得到定义域为([1,+infty)),类比函数(y=sqrt{x}),可知其值域为([0,+infty));故不选(A);
对于选项(B),函数(y=lnx),定义域为((0,+infty)),值域为(R);故不选(B);
对于选项(C),函数(y=cfrac{1}{3^x-1}),由(3^x-1 eq 0)得到(3^x eq 1=3^0),故定义域为((-infty,0)cup (0,+infty)),求解值域时可以这样作,令(3^x-1=t),则可知(t>-1),故原函数的值域等价于求(y=cfrac{1}{t}(t>-1))的值域,可知其值域为((-infty,-1)cup (0,+infty));故不选(C);
对于选项(D),函数(y=y=cfrac{x+1}{x-1}),由(x-1geqslant 0)得到定义域为((-infty,1)cup (1,+infty)),又(y=cfrac{x+1}{x-1}=1+cfrac{2}{x-1}),由于(cfrac{2}{x-1} eq 0),故(y eq 1),可知其值域为((-infty,1)cup (1,+infty)),故选(D);
①如果函数的定义域是(R),求参数(a)的取值范围;
预备:先想一想,这个函数的定义域应该怎么求解?
分析:由于函数的定义域是(R),说明对任意的(xin R),都能使得(g(x)=x^2+2ax-a>0),
转化为二次函数恒成立问题了,(此时至少可以考虑数形结合或者恒成立分离参数)
这里用数形结合,函数(g(x))开口向上,和(x)轴没有交点,则(Delta <0),
即(Delta=(2a)^2-4 imes 1 imes(-a)<0),解得(ain (-1,0))。
②如果函数的值域是(R),求参数(a)的取值范围;
分析:如右图所示,要使得函数(f(x))的值域是(R),说明内函数(g(x)=x^2+2ax-a)必须要能取遍所有的正数,结合下图,
如果有一部分正实数不能取到,那么函数(f(x))的值域就不会是(R),这样只能是函数(g(x))的(Delta ge 0),
而不能是(Delta <0),注意现在题目要求是值域为(R),而不是定义域为(R),
因此必须满足条件(Delta=(2a)^2-4 imes 1 imes(-a)ge 0),解得(ain {amid aleq -1 ,age 0})。
下图是参数(ain [-3,3])时的两个函数图像的动态变化情况;
下图是参数(ain (-1,0))时的两个函数图像的动态变化情况;
分析:令(u=2ax^2+4x+a-1),则(u)是(x)的仿二次函数,
①当(a=0)时,(u=4x),则当(xgeqslant 0)时,(ugeqslant 0),故值域为([0,+infty)),满足题意。
②当(a>0)时,需要(Delta geqslant 0)才能满足值域为([0,+infty)),此时容易错想为(Delta leqslant 0);
故由(left{egin{array}{l}{a>0}\{Delta=16-4 imes2a(a-1)}geqslant 0end{array} ight.) 解得(0<aleqslant 2),
综上可知,(ain [0,2]).
分析:由题意可得,(a-a^xgeqslant 0),又定义域是([0,1]),可得(a>1),
则(y=sqrt{a-a^x})在定义域([0,1])上单调递减,又由于值域是([0,1]),则(f(0)=sqrt{a-1}=1),(f(1)=0),
所以得到(a=2),代入(log_afrac{5}{6}+log_afrac{48}{5}=log_28=3).