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  • 【题解】CF986E Prince's Problem(树上差分+数论性质)

    【题解】CF986E Prince's Problem(树上差分+数论性质)

    题目大意:

    给定你一棵树,有点权(val_ile 10^7)。现在有(m)组询问给定参数(x,y,w)问你对于((x->y))的路径经过的点集(P),问你这个东西:

    [prod_{u in P} {mathrm{gcd}(w,val_u)} mod 1000000007 ]

    考虑这样一种做法:

    • 把询问差分成

      []

      []

    • 考虑这类从根出发如何解决,直接遍历整棵树,对于每个节点先将自己的贡献加入某种数据结构,再递归子树,最后回溯时撤回贡献。问题就变为如何快速求(prod mathrm{gcd})

    • 考虑(gcd)的本质就是对于质因子取(min)且求和,而且我们知道(1e7)以内的质数是不多的((5e6)左右),所以直接对于每个质数开一个(vector)(vector_i)中的下标(j)表示唯一分解后(alpha(prime[i])=j)的树上节点有多少个。((alpha)是唯一分解后的指数)。考虑到(sum alpha)很小是(log)级别,这样复杂度就是(O(1e7+(n+m)log 1e7))空间复杂度(O((n +q)log 1e7))

    主要就是树上差分,还有处理(sum min{...})的方法。

    //@winlere
    #include<iostream>
    #include<cstdio>
    #include<cstring>
    #include<algorithm>
    #include<vector> 
    #define inv(x) (ksm((x)%mod,mod-2))
    
    using namespace std;  typedef long long ll;   
    inline int qr(){
          register int ret=0,f=0;
          register char c=getchar();
          while(c<48||c>57)f|=c==45,c=getchar();
          while(c>=48&&c<=57) ret=ret*10+c-48,c=getchar();
          return f?-ret:ret;
    }
    
    const int mod=1e9+7;
    int n,m;
    inline int ksm(const int&ba,const int&p){
          int ret=1;
          for(int t=p,b=ba%mod;t;t>>=1,b=1ll*b*b%mod)
    	    if(t&1) ret=1ll*ret*b%mod;
          return ret;
    }
    
    vector< vector<int> > s;
    namespace PRE{
          const int maxn=1e7+5;
          int rank[maxn],usd[maxn],arc[maxn],Min[maxn];
          vector<int> pr;
          inline void pre(const int&n){
    	    usd[1]=1; Min[1]=10;
    	    for(int t=2;t<=n;++t){
    		  if(!usd[t]) Min[t]=t,pr.push_back(t),rank[t]=pr.size(),arc[rank[t]]=t;
    		  for(auto f:pr){
    			if(1ll*f*t>n)break;
    			usd[f*t]=1;
    			Min[f*t]=f;
    			if(t%f==0)break;
    		  }
    	    }
    	    s.resize(pr.size()+1);
          }
    }
    
    namespace TREE{
          const int maxn=1e5+5;
          int d[maxn];
          vector<int> e[maxn];
          vector<int> q[maxn];
          int W[maxn],ans[maxn],w[maxn];
          inline void add(const int&fr,const int&to){
    	    e[fr].push_back(to);
    	    e[to].push_back(fr);
          }
          int son[maxn],top[maxn],r[maxn],siz[maxn];
          void pre(const int&now,const int&last){
    	    siz[now]=1;
    	    r[now]=last;
    	    d[now]=d[last]+1;
    	    for(auto t:e[now])
    		  if(t^last) {
    			pre(t,now); siz[now]+=siz[t];
    			if(siz[now]>siz[son[now]]) son[now]=t;
    		  }
          }
          void qaq(const int&now,const int&last){
    	    top[now]=last;
    	    if(son[now]) qaq(son[now],last);
    	    for(auto t:e[now])
    		  if((t^r[now])&&(t^son[now]))
    			qaq(t,t);
          }
          inline void init(const int&n){pre(1,0);qaq(1,0);}
          inline int lca(int u,int v){
    	    if(d[u]<d[v])swap(u,v);
    	    while(top[u]^top[v]){
    		  if(d[top[u]]<d[top[v]]) swap(u,v);
    		  u=r[top[u]];
    	    }
    	    return d[u]<d[v]?u:v;
          }
          inline void addq(const int&x,const int&y,const int&id,const int&w){
    	    ans[id]=1;
    	    q[x].push_back(id);
    	    q[y].push_back(id);
    	    q[lca(x,y)].push_back(-id);
    	    W[id]=w;
          }
    }
    
    namespace sol{
          const int maxn=1e5+5;
          using namespace TREE;
          using PRE::rank;
          using PRE::Min;
          inline void add(const int&now,const int&tag){
    	    //now 是节点编号 tag 是操作类型
    	    int k=w[now],cnt=0;
    	    static int a[23],p[23];
    	    while(k>1){
    		  int f=Min[k];
    		  a[++cnt]=0;
    		  p[cnt]=f;
    		  while(k%f==0) k/=f,++a[cnt];
    	    }
    	    for(int t=1;t<=cnt;++t){
    		  if(((int)s[rank[p[t]]].size())<=1+a[t])
    			s[rank[p[t]]].resize(a[t]+2);
    		  s[rank[p[t]]][a[t]]+=tag;
    	    }
          }
          inline void que(const int&now,const int&id){
    	    //now 是询问编号
    	    int k=W[now>0?now:-now],cnt=0,ret=1;
    	    static int a[23],p[23];
    	    while(k>1){
    		  int f=Min[k];
    		  a[++cnt]=0;
    		  p[cnt]=f;
    		  while(k%f==0) k/=f,++a[cnt];
    	    }
    	    for(int t=1;t<=cnt;++t)
    		  for(int i=1,ed=s[rank[p[t]]].size();i<ed;++i)
    			ret=1ll*ret*ksm(p[t],1ll*s[rank[p[t]]][i]*min(a[t],i)%(mod-1))%mod;
    	    if(now<0)  ans[-now]=1ll*ans[-now]*inv(ret)%mod*inv(ret)%mod*__gcd(W[-now],w[id])%mod;
    	    else  ans[now]=1ll*ans[now]*ret%mod;
    	    
          }
          void dfs(const int&now,const int&last){
    	    add(now,1);
    	    for(auto t:q[now]) que(t,now);
    	    for(auto t:e[now])
    		  if(t^last) dfs(t,now);
    	    add(now,-1);
          }
    }
    
    int main(){
          PRE::pre(1e7);
          n=qr();
          for(int t=2;t<=n;++t) TREE::add(qr(),qr());
          for(int t=1;t<=n;++t) TREE::w[t]=qr();
          TREE::init(n);
          m=qr();
          for(int t=1,t1,t2,t3;t<=m;++t) {
    	    t1=qr(); t2=qr(); t3=qr();
    	    TREE::addq(t1,t2,t,t3);
          }
          sol::dfs(1,0);
          for(int t=1;t<=m;++t) printf("%d
    ",TREE::ans[t]);
          return 0;
    }
    
    
    
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