要仔细仔细仔细看题，不然会绕到好远，理清思路的话没什么难度，应该可以有好多种方法。
对比两个给出的骰子，比较他们是不是同一个（有相同方式的上色）。输入输出很友好，没有卡人的地方。
注意要按给定的方式进行上色，题目已经默认给出了一个正方体对六个面的编号（这个编号肯定对应是当前状态的）
也就是说千万要注意，如果你认为1，6面不动的话，可以将rbgggr中的2~5位做顺延变成 gbgg然后ggbg gggb的话那就错了！
按照标号的方式 假如以1为轴向右旋转，则新的标号顺序1*~6*会变为135246这样 也就是bggg变为了ggbg。
思路是固定第二个骰子，用第一个骰子的三个对面来匹配骰子二的1-6这一对面，若成功，则对于剩下四个面来与骰子二做判定。
其实只要时固定了一个面作为顶，那么新的标号顺序就能通过初始顺序旋转求出来。一共六种，分别对应每个面当顶面。自己想一下就能想出来。
然后对于中间四个面的旋转匹配也有迹可循。同样是按照规律 共有四种状态依次循环（废话， 五次就转一圈回来了）。
接下来只要全部枚举出最多4*6种状态就可以判断这两个骰子是否相等了，上代码。
#include<iostream> #include<string> #define rep(i,n,t) for(int i=(n);i<(t);i++) using namespace std; int main() { string S1, S2; int dir[6][6] = { { 0,1,2,3,4,5 },{ 1,5,2,3,0,4 },{ 2,1,5,0,4,3 }, { 3,1,0,5,4,2 },{ 4,0,2,3,5,1 },{ 5,4,2,3,1,0 } }; int bod[4][4] = { { 0,1,2,3 },{ 2,0,3,1 },{ 3,2,1,0 },{ 1,3,0,2 } }; int yu[] = { 5,4,3,2,1,0 }; while (cin >> S1) { bool flag = false; //得到S1，S2 S2 = S1.substr(6, 6);S1.erase(6); // rep(i, 0, 6) { if (S2[0] == S1[i] && S2[5] == S1[yu[i]]) { string head, body, tail; head = S1[dir[i][0]]; rep(j, 1, 5) body += S1[dir[i][j]]; tail = S1[dir[i][5]]; rep(j, 0, 4) { string temp; rep(k, 0, 4) temp+= body[bod[j][k]]; if (head + temp + tail == S2) flag = true; } } } if (flag) cout << "TRUE" << endl; else cout << "FALSE" << endl; //条件初始化 S1.clear(); S2.clear(); } return 0; }
要注意，这个题还有另一种解法，就是对比3对 像对面，若骰子一二的三对像对面都相等，则两个骰子全等。
这个方法存在漏洞，但是也通过了ac，提醒了我们程序要鲁棒性强，不然发生这种意外情况时根本考虑不到。意识不到自己的算法竟然有错，会在错误的路上越走越远。
因为有三种颜色，ggbrrbbgbrrg用上述解法会返回true，but should be false instead of true。
附别人写的解法二代码，很简洁
#include <cstdio> #include <cstring> char str[15]; int vis[3]; /*每两个对面形成一组颜色对， 每个正方体有三个颜色对， 匹配下三个颜色对是否相同。（用vis标记检查顺序）*/ int main() { while(scanf("%s", str) != EOF) { int cnt = 0; memset(vis, 0, sizeof(vis)); for(int i = 0; i < 3; i++) { for(int j = 0; j < 3; j++) { if((str[i] == str[6+j] && str[5-i] == str[11-j]) || (str[i] == str[11-j] && str[5-i] == str[6+j]) && !vis[j]) { vis[j] = 1; cnt++; break; } } } if(cnt == 3) printf("TRUE "); else printf("FALSE "); } }