hdu 4370 0 or 1，最短路

题目描述

给定n * n矩阵C ij（1 <= i，j <= n），我们要找到0或1的n * n矩阵X ij（1 <= i，j <= n）。
此外，X ij满足以下条件：
1.X 12 + X 13 + ... X 1n = 1
2.X 1n + X 2n + ... X n-1n = 1
3.对于每个i（1 <i <n），满足ΣXki（1 <= k <= n）=ΣXij（1 <= j <= n）。
例如，如果n = 4，我们可以得到以下等式：
X 12 + X 13 + X 14 = 1
X 14 + X 24 + X 34 = 1
X 12 + X 22 + X 32 + X 42 = X 21 + X 22 + X 23 + X 24
X 13 + X 23 + X 33 + X 43 = X 31 + X 32 + X 33 + X 34
现在，我们想知道你可以得到的最小ΣCij * X ij（1 <= i，j <= n）。
Input
The input consists of multiple test cases (less than 35 case).
For each test case ,the first line contains one integer n (1<n<=300).
The next n lines, for each lines, each of which contains n integers, illustrating the matrix C, The j-th integer on i-th line is Cij(0<=Cij<=100000).
Output
For each case, output the minimum of ∑C ij*X ij you can get.
Sample Input
4
1 2 4 10
2 0 1 1
2 2 0 5
6 3 1 2
Sample Output
3

题目分析

关键是要理解输入的C是一个i到j的距离的一个矩阵。
X中满足：
1.X 12+X 13+…X 1n=1
2.X 1n+X 2n+…X n-1n=1
3.for each i (1 < i < n) , satisfies ∑X ki (1<=k<=n)=∑X ij (1<=j<=n).
第一条就是1到其余个点的出度为1
第二条个点到n的只有一个，就是n的入读为1
第三条其余各点出度入度相同。
叫你求乘积最小，于是便成为了最短路问题。从1到n，给定所有的距离，让你求出最短路问题（X是任意调配，只要满足三个条件就行，于是调配出最短路）

再来想象一下，一个图，n个点中，1号点出度为1，n号点入度为1，其余个点出度等于入度。其实每个点都能到其余个点，只不过这条边是由Xij控制，当其为1是这条边就显示出来了。要满足这三个条件，然后求处，显示出来的边长总和最短。

所以，可能还不单单只有一个最短路（最短路必定能够满足起点出度为1，终点入度为1，其余个点入度等于出度等于1）。
还有一种情况，1号点满足了出度为1，但它再来一个入度为1，同样，n号点也满足了入度为1，但是它再来一个出度为1。那么这就是不是从1到n的最短路了，这成了，1号点经过一些点成了一个闭环，n号点经过剩下的那些点成了一个闭环。这也可能是最短的，要与第一种情况做个比较才知道。
比如，有5个点，假设第一种情况下最短路为1-2-3-4-5。第二种闭环下的情况为，1-2-3-1和5-4-5两个闭环。显然，这两种情况都能满足X的三种条件。所以最终问题就是找到最短路与闭环最短路下谁的路径总和最短。

难题啊，还要多方面考虑呢。

采用SPFA算法。
关于SPFA，就是从起点开始，将与起点相连的点拉进队列中。
然后开始操作这个队列：不断地出去队首元素，如果dis[i]>dis[u]+cost[u][i]，u为出去的队首元素，dis为起点到点i的最短距离。就是不断更新最短的距离，只要这个要出去的对手元素的点的最短距离加上它到达旁边i的边更小了，那么就更新一下。
最终，队列里所有元素都会出去，空了，就说明个点的扩散已经好了，更新不了了，那么最短距离就一定产生了。

代码

#include<iostream>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<queue>

using namespace std;

const int INF = 0x3f3f3f3f;

int cost[305][305];
int dis[305];
int n;
bool v[305]; //判断是否i点在队列中
int q[305];

void spfa(int s) {
    queue<int> q;
    for (int i = 1; i <= n; i++) {
        if (i == s) {
            dis[i] = INF;
            v[i] = 0;
        }else {
            dis[i] = cost[s][i];
            v[i] = 1;
            q.push(i);
        }
    }

    while (!q.empty()) {
        int u = q.front();
        q.pop();
        v[u] = 0;
        for (int i = 1; i <= n; i++) {
            if (dis[i] > dis[u] + cost[u][i]) {
                dis[i] = dis[u] + cost[u][i];
                if (v[i] == 0) {
                    v[i] = 1;
                    q.push(i);
                }
            }
        }


    }

}

int main() {
    while (scanf("%d", &n) != EOF) {
        for (int i = 1; i <= n; i++)
            for (int j = 1; j <= n; j++)
                scanf("%d", &cost[i][j]);

        spfa(1);
        int ans = dis[n];
        int c1 = dis[1];
        spfa(n);
        int cn = dis[n];

        printf("%d
", min(ans, c1 + cn));
    }
    return 0;
}