[LGR-054]洛谷10月月赛II

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结论popcnt(x^y)和popcnt(x)+popcnt(y)的奇偶性相同。

然后就是popcnt为奇数的乘为偶数的。预处理一下(2^{16})次方以内的popcnt，直接(O(1))算就行。

大师

就是求有多少个等差子序列。

方程很好写，(f[i])表示以(i)结尾的等差子序列个数，(f[i] = sum_{j=1}^i f[j]*[a[i]-a[j]=d])，枚举一下公差就行了。这里要注意公差可能有正有负，不要一起枚举（我就在这错的）

#include <algorithm>
#include <cstdio>
#include <cstring>

typedef long long ll;

const int N = 1010;
const ll ha = 998244353;
const int M = 40010;

ll s[M], f[N], a[N], n, ans, mx;

void calc(ll d) {
    memset(s, 0, sizeof s);
    for (int i = 1; i <= n; ++i) {
        f[i] = (1 + s[a[i]]) % ha;
        if (a[i] + d >= 0 && a[i] + d <= mx) (s[a[i] + d] += f[i]) %= ha;
        (ans += f[i]) %= ha;
    }
}

int main() {
    n = read();
    for (int i = 1; i <= n; ++i) a[i] = read(), mx = std::max(mx, a[i]);
    for (int i = -mx; i <= mx; ++i) {
        calc(i);
    }
    ans = ans - mx * 2 * n % ha + ha;
    ans %= ha;
    printf("%lld
", ans);
    return 0;
}

礼物

冲突就是一个子集关系。而子集关系又是偏序的。“偏序集最小反链覆盖等于最长链”。所以建一个子集关系的DAG跑一个最长路就行了。然后就是有一个虚点的技巧，每个集合只与比它少一个元素的集合连边，这样点数是(O(2^k))的，边数是(O(k2^k))的。跑最长路的时候真点是(1)虚点是(0)就行了。

#include <algorithm>
#include <cstdio>

const int N = (1 << 21);
const int M = N * 21;

int hd[N], to[M], nxt[M], w[N], cnt;
int f[N], rd[N], rn[N], tot[N];
int n, k, a[N];

inline void adde(int x, int y) {
    cnt++;
    to[cnt] = y;
    nxt[cnt] = hd[x];
    hd[x] = cnt;
}

int main() {
    n = read();
    k = read();
    for (int i = 1; i <= n; ++i) {
        a[i] = read();
        w[a[i]] = f[a[i]] = 1;
    }
    for (int i = (1 << k) - 1; i >= 0; --i) {
        for (int j = 0; j <= k; ++j)
            if (i >> j & 1) {
                adde(i, i ^ (1 << j));
            }
    }
    int ans = 0;
    for (int i = (1 << k) - 1; i >= 0; --i) {
        for (int j = hd[i]; j; j = nxt[j]) {
            f[to[j]] = std::max(f[to[j]], f[i] + w[to[j]]);
        }
        ans = std::max(ans, f[i]);
    }
    puts("1");
    printf("%d
", ans);
    for (int i = 1; i <= n; ++i) {
        rn[i] = rd[f[a[i]]];
        rd[f[a[i]]] = i;
        tot[f[a[i]]]++;
    }
    for (int i = 1; i <= ans; ++i) {
        printf("%d ", tot[i]);
        for (int j = rd[i]; j; j = rn[j]) printf("%d ", a[j]);
        puts("");
    }
    return 0;
}

口袋里的纸飞机

咕。