题目描述
智者奥尔曼曾说过：有缘的人即使相隔海角天涯，也会在梦境中相遇。
$IcePrince ext{_}1968$和$IcePrincess ext{_}1968$便是如此。有一天$IcePrincess ext{_}1968$突发奇想：为什么不用梦境操控仪器来增加她和$IcePrince ext{_}1968$的缘分呢？
$IcePrincess ext{_}1968$的梦境可以用$n$个区间来表示，第$i$个区间$[l_i,r_i]$表示她的第$i$个梦境会在$l_i$时刻开始，在$r_i$时刻结束（包含$l_i$和$r_i$两个时刻）。因为$IcePrincess ext{_}1968$经常做白日梦，所以$n$可能很大。
两个人的梦境不是什么时候都能融合的。只有在一些关键的与另一个人相关的梦境转折点两个人的梦境相遇，才能完成融合，形成浪漫的梦境。$IcePrincess ext{_}1968$探测到$IcePrince ext{_}1968$近期的$m$个与$IcePrincess ext{_}1968$相关的梦境转折点，第$i$个转折点$t_i$表示他的第$i$个梦境转折点会在$t_i$时刻出现。因为$IcePrince ext{_}1968$和$IcePrincess ext{_}1968$很有缘，$IcePrince ext{_}1968$经常梦到$IcePrincess ext{_}1968$，所以$m$可能会很大。
当$IcePrincess ext{_}1968$的一个梦境包含了$IcePrince ext{_}1968$的一个梦境转折点时，两个人的这两段梦境就能得到融合。但要注意$IcePrincess ext{_}1968$的每段梦境只能和$IcePrince ext{_}1968$的一个梦境转折点融合，类似的，$IcePrince ext{_}1968$的每个梦境转折点只能和$IcePrincess ext{_}1968$的一段梦境融合，否则会引发时空混乱。
$IcePrincess ext{_}1968$很喜欢做和$IcePrince ext{_}1968$相关的梦。所以她想算出她的这些梦境最多能和$IcePrince ext{_}1968$的梦境转折点融合出多少个浪漫的梦境。$IcePrincess ext{_}1968$擅长文学但不擅长计算机，所以只能找你帮忙。
输入格式
输入文件名为$dream.in$。
文件的第一行为有两个正整数$n,m$，表示$IcePrincess ext{_}1968$的梦境个数和$IcePrince ext{_}1968$的与$IcePrincess ext{_}1968$相关的梦境转折点个数。
第$2$至第$n+1$行，每行两个正整数$l_i,r_i$，第$i+1$行的两个数刻画了$IcePrincess ext{_}1968$的第$i$段梦境，含义如题面中所述。
第$n+2$至第$n+m+1$行，每行一个正数$t_i$，第$i$行的两个数刻画了$IcePrince ext{_}1968$的第$i-n-1$个梦境转折点，含义如题面中所述。
输出格式
输出文件名和$dream.out$。
输出文件仅一行，一个非负整数$N$表示$IcePrincess ext{_}1968$最多能获得多少段浪漫的梦境。
样例
样例输入：
2 2
1 3
2 4
1
3
样例输出：
2
数据范围与提示
样例解释：
$IcePrincess ext{_}1968$可以将自己的第一段梦境和第一个梦境转折点匹配，第二段梦境和第二个梦境转折点匹配，从而获得两段浪漫的梦境。因为$IcePrincess ext{_}1968$一共只做了两个梦，所以这一定是最多的数量。
数据范围：
对于$30\%$的数据，$nleqslant 10,mleqslant 10$；
对于$50\%$的数据，$nleqslant 100,mleqslant 100$；
对于$70\%$的数据，$nleqslant 2,000,mleqslant 2,000$；
对于$100\%$的数据，$nleqslant 200,000,mleqslant 200,000,1leqslant l_i,r_ileqslant 1,000,000,000,1leqslant tileqslant 1,000,000,000$，保证对于每段梦境，$l_ileqslant r_i$。
题解
简单贪心。
将每段梦境按$l$从小到大排序，将每个梦境转折点从小到大排序。
枚举每个梦境转折点，并将每个$l$小于它的梦境压入一个以$r$排序的小根堆，然后弹走所有$r$已经小于它的梦境（因为梦境转折点递增，所以这些梦境已经没用了），然后选择$r$最小的这一个一定最优，统计有多少梦境转折点会被利用即可。
时间复杂度：$Theta(nlog n)$。
期望得分：$100$分。
实际得分：$100$分。
代码时刻
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
struct rec{int l,r;}e[200001];
int n,m;
int t[200001],fail=1;
bool vis[200001];
int ans;
bool cmp(rec a,rec b){return a.l<b.l;}
priority_queue<int,vector<int>,greater<int>>q;
int main()
{
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d%d",&e[i].l,&e[i].r);
for(int i=1;i<=m;i++)scanf("%d",&t[i]);
sort(e+1,e+n+1,cmp);
sort(t+1,t+m+1);
for(int i=1;i<=m;i++)
{
while(e[fail].l<=t[i]&&fail<=n){q.push(e[fail].r);fail++;}
while(!q.empty()&&q.top()<t[i])q.pop();
if(q.size()){ans++;q.pop();}
}
printf("%d",ans);
return 0;
}
rp++