题目传送门（内部题123）
输入格式
输入文件的第一行为四个正整数$n,m,k,d$。
接下来$m$行，每行三个整数$u,v,w$，描述一条无向道路。
输入文件最后一行包含$k$个整数，为$p_0,p_1,...,p_{k-1}$。
输出格式
一行一个整数，表示最坏情况下走出迷宫的最短路径的长度。如果最坏情况下走不出迷宫，输出$-1$。
样例
样例输入：
3 4 1 1
0 1 1
0 1 2
1 2 1
1 2 2
2
样例输出：
4
数据范围与提示
对于$50\%$的数据，满足$m=n-1$。
对于$90\%$的数据，满足$nleqslant 1,000,mleqslant 100,000$。
对于$100\%$的数据，满足$3leqslant nleqslant 100,000,2leqslant mleqslant 1,000,000$，道路长度均为不超过$10^9$的正整数。
题解
对于$m=n-1$那$50$分，就是逗你开心的，你以为是棵树，然而却又可能有重边。
那就直接想正解吧。
转化一下题意，就是跑一个拿第$d+1$大的$dis[v]$转移$u$的最短路。
对于每一个点开一个堆就好了。
再讲个故事（你们都喜欢听我讲故事为什么？）
上午困的痛不欲生……
（痛不欲生可海星？）
刚考完试的我：“你们谁能$hack$一下我的算法，!@#$%^&*，大根堆，!@#$%^&*”。
台下一片沉默……
下午刚来到机房准备改题的我：唉，我大根堆呢？！
故事讲完啦～
时间复杂度：$Theta(mlog n)$。
期望得分：$100$分。
实际得分：$100$分。
代码时刻
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
struct rec{int nxt,to,w;}e[2000001];
int head[100001],cnt;
int n,m,k,d;
int a[100001];
bool vis[100001],is[100001];
long long dis[100001],ans=0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
priority_queue<long long>dq[100001];
priority_queue<pair<long long,int>,vector<pair<long long,int>>,greater<pair<long long,int>>>q;
void add(int x,int y,int w)
{
e[++cnt].nxt=head[x];
e[cnt].to=y;
e[cnt].w=w;
head[x]=cnt;
}
void Dij()
{
memset(dis,0x3f,sizeof(dis));
for(int i=1;i<=k;i++)dis[a[i]]=0;
while(q.size())
{
int x=q.top().second;q.pop();
if(vis[x])continue;vis[x]=1;
for(int i=head[x];i;i=e[i].nxt)
{
dq[e[i].to].push(dis[x]+e[i].w);
if(dq[e[i].to].size()>d)
{
if(dis[e[i].to]>dq[e[i].to].top())
{
dis[e[i].to]=dq[e[i].to].top();
q.push(make_pair(dis[e[i].to],e[i].to));
}
dq[e[i].to].pop();
}
}
}
}
int main()
{
scanf("%d%d%d%d",&n,&m,&k,&d);
for(int i=1;i<=m;i++)
{
int u,v,w;
scanf("%d%d%d",&u,&v,&w);
u++;v++;add(u,v,w);add(v,u,w);
}
for(int i=1;i<=k;i++){scanf("%d",&a[i]);a[i]++;q.push(make_pair(0,a[i]));}
Dij();
if(dis[1]==0x3f3f3f3f3f3f3f3f)puts("-1");
else printf("%lld",dis[1]);
return 0;
}
rp++