P5658 括号树

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题解

太菜了啥都不会写只能水5分数据 

啥都不会写只能翻题解  题解大大我错了

我们手动找一下规律

我们设 w[ i ] 为从根节点到结点 i 对答案的贡献，也就是走到结点 i ，合法括号串又多了几个

sum[ i ] 为从根节点到结点 i 总共合法括号串数

（）（）（）

    w[i] 依次为 0  1  0  2  0  3

sum[i] 依次为 0  1  1  3  3  6

（））（）

    w[i] 依次为 0  1  0  0  1

sum[i] 依次为 0  1  1  1  2

（）（（））

    w[i] 依次为 0  1  0  0  1  2

sum[i] 依次为 0  1  1  1  2  4

然后我们惊奇的发现 sum[i] 是 w[i] 的前缀和

最后要求的其实就是所有的 sum[i]*i 的异或和，所以当务之急只找到求解 w[ i ] 的方法

（1）发现如果 s[i] 是个左括号，那么显然不会有新的贡献出现，也就是w[i]=0

（2）如果 s[i] 是个右括号，那么我们找到他对应上一个右括号，贡献值也就是上一个右括号的贡献值+1：其实也就相当于，对于当前右括号，（如果条件允许）他有左括号与之匹配，对答案贡献为1，然鹅当前右括号对应的前一个右括号，他本就会对答案有一定的贡献，加上当前新匹配的一对括号，就生成新的匹配括号串，那么我们就将它作为当前右括号的贡献存下

       举个栗子：（）（）（） ）（）

       w[4]=2

       s[5]是左括号，那么w[5]=0，因为考虑了s[5]也没有出现新的匹配括号

       s[6]是一个可以匹配的右括号，那么，s[5]与s[6]构成一个新的匹配括号，s[3]~s[6]以及s[1]~s[6]都是新匹配的括号，他们都是原来w[4]的基础上又加了新的s[5]s[6]构成的新括号串

       s[7]没有左括号与之匹配，所以w[7]=0

       s[9]由于上一个右括号是s[7]，它与时代脱节，所以s[9]只能将自成一家的括号串作为贡献，因为既然中间断开了就不会有在原来基础上+()生成新括号串的可能了

采用dfs递归沿着树更新结点对应的值

代码

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<string>
#include<cstring>
#include<queue>

using namespace std;

typedef long long ll;

inline int read()
{
    int ans=0;
    char last=' ',ch=getchar();
    while(ch<'0'||ch>'9') last=ch,ch=getchar();
    while(ch>='0'&&ch<='9') ans=ans*10+ch-'0',ch=getchar();
    if(last=='-') ans=-ans;
    return ans;
}

const int maxn=5e5+10;
ll n,ans=0;
char s[maxn];
ll fa[maxn];
ll pre[maxn],w[maxn];

ll cnt=0,head[maxn],to[maxn<<1],nxt[maxn<<1];
void addedge(int u,int v)
{
    to[++cnt]=v;nxt[cnt]=head[u];head[u]=cnt;
}

void dfs(int u)
{
    pre[u]=pre[fa[u]];
    if(s[u]=='(') pre[u]=u;
    else if(pre[u]){
        w[u]=w[fa[pre[u]]]+1,pre[u]=pre[fa[pre[u]]];
    }
    for(int i=head[u];i;i=nxt[i]) dfs(to[i]);
}

int main()
{
    n=read();
    scanf("%s",s+1);
    for(int i=2;i<=n;i++){
        fa[i]=read();
        addedge(fa[i],i);
    }
    dfs(1);
    ans=w[1];
    for(int i=2;i<=n;i++){
        w[i]+=w[fa[i]];
        ans^=(i*w[i]);
    }
    printf("%lld
",ans);
    return 0;
}

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CSP 2019 D1T2