BZOJ 3223

这道题所需要的区间反转操作是Splay的主要功能之一——维护区间信息的一个应用。如何维护呢？我们考虑区间([l, r])，我们如何在Splay中将它变成一个可操作的东西呢？考虑把整个区间搞到一棵子树上去，然后用类似于线段树打懒标记的方法维护信息。

​ 具体来说，我们把区间节点(l-1)旋到整棵树的根节点的位置，然后用把节点(r+1)旋到根节点的右儿子的位置。这样搞完之后，根节点的右子树的左子树就是区间([l,r])了，我们直接在这棵子树的根节点上打上一个flip标记（准确地说是更新它的flip标记，因为在同一节点上flip两次等于什么都没做）即可。之后，如果我们需要深入访问它的子树，我们就需要将这个懒标记下传，同时交换它的两棵子树的位置。当然，在实际实现中，我们其实是把(l)旋到根节点的位置，最后把所有答案减1，避免边界bug的产生。具体细节参考代码。

// BZOJ 3223, Splay

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
 
 #define read(x) scanf("%d", &x)
 #define rep(i,a,b) for (int i=a; i<=b; i++)
 #define dep(i,a,b) for (int i=a; i>=b; i--)
 #define fill(a,x) memset(a, x, sizeof(a))

 int n, m, l, r;

 struct Node {
 	Node *son[2];
 	int v, s, flip;
  	int cmp(int x) const { 
  		int d = x - son[0]->s;
  		if (d == 1) return -1; // 找到了这个节点
  		return d <= 0 ? 0 : 1; // 查询的节点在左子树/右子树
 	}
 	void maintain() { s = son[1]->s + son[0]->s +1; }
 	void pushdown() {
 		if (flip) {
 			flip = false;
 			swap(son[0], son[1]);
 			son[0]->flip = !son[0]->flip;
 			son[1]->flip = !son[1]->flip;
 		}
 	}
 } *root;

 Node *null = new Node();

 void rotate(Node *&o, int d) {
 	Node *k = o->son[d^1];
 	o->son[d^1] = k->son[d];
 	k->son[d] = o;
 	o->maintain();
 	k->maintain();
 	o = k;
 } 

 // 把序列左数第x个节点旋转到o。Ru JiaLiu的优越代码，查找伸展二合一
 void splay(Node *&o, int x) {
 	o->pushdown();
 	int d = o->cmp(x);
 	if (d == 1) x -= (o->son[0]->s + 1);
 	if (d != -1) {
 		Node *u = o->son[d]; // 双旋，往下再找
 		u->pushdown(); // 把需要利用的节点的标记下传
 		int d2 = u->cmp(x); // 再判断要找节点和u之间的关系 
 		int x2 = (d2 == 0 ? x : x - u->son[0]->s - 1);
 		if (d2 != -1) {
 			splay(u->son[d2], x2); 
 			// 顺着查找，逆着旋转
 			if (d == d2) rotate(o, d^1); else rotate(o->son[d], d);
 		}
 		rotate(o, d^1);
 	}
 }

 int num=0;
 void build(Node *&o, int sz) {
 	if (sz == 0) { o = null; return; }
 	o = new Node();
 	if (sz == 1) {	
 		o->v = ++num; o->s = 1; o->flip = false;
 		o->son[1] = o->son[0] = null;
 		return;
 	}	
 	o->flip = false;
 	build(o->son[0], sz/2);
 	o->v = ++num;
 	build(o->son[1], sz-sz/2-1);
 	o->maintain();
 }

 void init(int sz) {
 	null->s = 0;
 	build(root, sz+2);
 }

 void reverse(int l, int r) {
 	splay(root, l); // 把l旋到root，现在root的左子树的大小就是l-1
 	splay(root->son[1], (r+2)-l); // 把r旋到root的右儿子，它在这棵右子树的位置自然变成r-l
 	root->son[1]->son[0]->flip ^= 1;
 }
 
 int cnt=0, ans[N];
 void print(Node *o) {
 	if (o!=null) {
 		o->pushdown();
 		print(o->son[0]);
 		ans[++cnt] = o->v;
 		print(o->son[1]);
 	}
 }

 void debug(Node* o) {
    if(o != null) {
       o->pushdown();
       debug(o->son[0]);
       printf("%d ", o->v-1);
       debug(o->son[1]);
    }
 }

int main()
{
	read(n); read(m);
	init(n);
	while (m--) {
		read(l); read(r);
		reverse(l, r);
	}
    
    print(root);
    rep(i,2,n+1) printf("%d ", ans[i]-1);
  
	return 0;
}

也是第一次写Splay，调了很久，还需要多写几题练练手。

​还有一个大码农题… BZOJ 1895（POJ 3580）是把各种东西都要求维护了… 因为都是一个懒标记下传的方法，而且更好的Splay练习题还有很多，所以这题实在懒得写了（砸…

​（之前一直不明白Splay为什么能维护序列信息，后来在黄学长博客上看了某条评论才知道，——“搜索树和序列不能同时维护”，这才把我忐忑的心安顿下来…）