tarjan算法（强连通分量 + 强连通分量缩点 + 桥(割边) + 割点 + LCA）

这篇文章是从网络上总结各方经验 以及 自己找的一些例题的算法模板,主要是用于自己的日后的模板总结以后防失忆常看看的, 写的也是自己能看懂即可。

tarjan算法的功能很强大, 可以用来求解强连通分量,缩点,桥,割点,LCA等,日后写到相应的模板题我就会放上来。

1.强连通分量(分量中是任意两点间都可以互相到达)

1. 按照深度优先遍历的方式遍历这张图。

2. 遍历当前节点所出的所有边。在遍历过程中：

   ( 1 ) 如果当前边的终点还没有访问过，访问。

   回溯回来之后比较当前节点的low值和终点的low值。将较小的变为当前节点的low值。（因为遍历到终点时有可能触发了2）

   ( 2 ) 如果已经访问过，那我们一定走到了一个之前已经走过的点（终点的时间戳一定比当前的小）

   则比较当前节点的low值和终点的dfn值。将较小的变为当前节点的low值

3. 在回溯过程中，对于任意节点u用其出边的终点v的low值来更新节点u的low值。因为节点v能够回溯到的已经在栈中的节点，节点u也一定能够回溯到。因为存在从u到v的直接路径，所以v能够到的节点u也一定能够到。

4. 当一个节点的dfn值和low值相等时，这个节点是一个强联通分量的“根”。压栈，输出。

例题：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1269

#include<stdio.h>
#include<stack>
#include<algorithm>
#include<string.h>
using namespace std;

int n, m, cnt, deep, kinds_color;
int head[10000 + 10];
int dfn[10000 + 10], low[10000 + 10], vis[10000 + 10];
stack<int>S;

struct Edge
{
	int to, next;
}edge[100000 + 10];

void add(int u, int v)
{
	edge[++ cnt].to = v;
	//edge[cnt].w = w;
	edge[cnt].next = head[u];
	head[u] = cnt;
}

void tarjan(int now)
{
	dfn[now] = low[now] = ++deep;
	S.push(now);
	vis[now] = 1;
	for(int i = head[now]; i != 0; i = edge[i].next)
	{
		int to = edge[i].to;
		if(!dfn[to])
		{
			tarjan(to);
			low[now] = min(low[now], low[to]);
		}
		else if(vis[to])
			low[now] = min(low[now], dfn[to]);
	}
	if(dfn[now] == low[now])
	{
		kinds_color ++;
		while(1)
		{
			int temp = S.top();
			S.pop();
			if(temp == now)
				break;
		}
	}
}

int main()
{
	int a, b;
	while(scanf("%d%d", &n, &m)!=EOF)
	{
		if(n == 0 && m == 0)
			break;
		cnt = deep = kinds_color = 0;
		memset(head, 0, sizeof(head));
		memset(dfn, 0, sizeof(dfn));
		memset(vis, 0, sizeof(vis));
		memset(low, 0, sizeof(low));
		for(int i = 1; i <= m; i ++)
		{
			scanf("%d%d", &a, &b);
			add(a, b);
		}
		for(int i = 1; i <= n; i ++)
			if(!dfn[i])
				tarjan(i);
		if(kinds_color == 1)
			printf("Yes
");
		else
			printf("No
");
	}
	return 0;
}

　　

2.强连通分量缩点(多了步化简图的操作)

主要步骤跟上面求分量是一模一样的,区别在于需要在栈出的过程中,记录每个点所处的哪个分量

if(dfn[now] == low[now])
{
    k_color ++; //分块 
    while(1)
    {
        int temp = S.top();
        S.pop();
        color[temp] = k_color; //记录每个点所属的分量块 
        vis[temp] = 0;
        if(temp == now)
            break;
    }
}

　　

for(int i = 1; i <= n; i ++)//遍历原图 
{
    for(int j = head[i]; j != -1; j = edge[j].next)
    {
        int to = edge[j].to;
        int x = color[i], y = color[to];//x, y为强连通分量的编号 
        if(x != y)//如果起点终点属于不同的连通分量,就可以建为新图的边了,点为连通分量编号 
        {
            add1(x, y);
        //    in[y] ++;这是拓扑排序的入度 无视掉 
        }
    }
}

　　

 3.tarjan求割点

例题：https://www.luogu.org/problemnew/show/P3388

#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<algorithm>
#define mem(a, b) memset(a, b, sizeof(a))
using namespace std;

int n, m, ans;
int cnt, head[20010];
int dfn[20010], low[20010], deep;
int flag[20010];

struct Edge
{
    int to, next;
}edge[100010 * 2];

void add(int a, int b)
{
    edge[++ cnt].to = b;
    edge[cnt].next = head[a];
    head[a] = cnt;
}

void tarjan(int now, int root) //求割点是不需要栈结构的 
{
    dfn[now] = low[now] = ++deep;
    int child = 0;//根节点的特判  
    for(int i = head[now]; i != -1; i = edge[i].next)
    {
        int to = edge[i].to;
        if(!dfn[to])
        {
            tarjan(to, root);
            low[now] = min(low[now], low[to]);
            if(low[to] >= dfn[now] && now != root)//表示该节点绕不回上面 ,那么上面的点是割点,因为去割掉之后下面的点就与上面的点分离了 
            {
                flag[now] = 1;
            }	
            if(now == root)//求根节点的子树数量 
                child ++;
        }
        low[now] = min(low[now], dfn[to]);//注意是dfn 
    }
    if(child >= 2 && now == root) //如果根节点的子树数量大于等于2 ,将根节点去掉之后两颗子树就分离了 
    {
        flag[now] = 1;
    }
}

int main()
{
    scanf("%d%d", &n, &m);
    cnt = deep = ans = 0;
    mem(head, -1);
    mem(dfn, 0);
    mem(low, 0);
    mem(flag, 0);
    for(int i = 1; i <= m; i ++)
    {
        int a, b;
        scanf("%d%d", &a, &b);
        add(a, b);
        add(b, a);
    }
    for(int i = 1; i <= n; i ++)
        if(!dfn[i])
            tarjan(i, i);
    for(int i = 1; i <= n; i ++)
        if(flag[i])
            ans ++;
    printf("%d
", ans);
    for(int i = 1; i <= n; i ++)
        if(flag[i])
            printf("%d ", i);
    return 0;
}

　4.求无向图的割边/桥

割边:在一个无向图中,去掉一条边(u, v),可以使图的连通分量增多的边, 就是割边,也称做桥

原理：利用tarjan算法, 对于一条边的起点u,终点v,如果满足条件 low[v] > dfn[u], 那么(u, v)就是一条割边, 因为这意味着不存在其他的边使得v可以回到u, 那么割掉就使图分离了.

         需要注意的是跟割点不同, 没有等于号, 否则说明存在其他边回到起点, 那么就不是割边。

         还有一点与割点不同, tarjan(int now, int pre),这里第二个变量记录的不是遍历起点的根节点, 而是记录now的父亲节点pre, 这样的话可以通过if(to != pre)保证不往回指,因为这是个无向图, 前向星会存回边.

例题：https://www.luogu.org/problemnew/show/P1656

#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<algorithm>
#define mem(a, b) memset(a, b, sizeof(a))
using namespace std;

int n, m, sum;
int head[200], cnt;//链式前向星数组
int dfn[200], low[200], deep;//tarjan数组 

struct Edge
{
	int from, to, next;
}edge[5000 * 2];

void add(int a, int b)
{
	edge[++ cnt].to = b;
	edge[cnt].from = a;
	edge[cnt].next = head[a];
	head[a] = cnt;
}

struct ANS
{
	int from, to;
}ans[5000 * 2];

bool cmp(ANS a, ANS b)
{
	if(a.from != b.from)
		return a.from < b.from;
	else
		return a.to < b.to;
}

void tarjan(int now, int pre)
{
	dfn[now] = low[now] = ++ deep;
	for(int i = head[now]; i != -1; i = edge[i].next)
	{
		int to = edge[i].to;
		if(!dfn[to])
		{
			tarjan(to, now);//pre指向now 
			low[now] = min(low[now], low[to]);
			if(low[to] > dfn[now])
			{
				ans[++ sum].from = edge[i].from;
				ans[sum].to = to;
			}
		}
		else if(to != pre)
			low[now] = min(low[now], dfn[to]);
	}
}

int main()
{
	scanf("%d%d", &n, &m);
	cnt = deep = sum = 0;
	mem(head, -1), mem(dfn, 0), mem(low, 0);
	for(int i = 1; i <= m; i ++)
	{
		int a, b;
		scanf("%d%d", &a, &b);
		add(a, b);
		add(b, a);
	}
	for(int i = 1; i <= n; i ++)
		if(!dfn[i])
			tarjan(i, -1);
	sort(ans + 1, ans + 1 + sum, cmp);
	for(int i = 1; i <= sum; i ++)
		printf("%d %d
", ans[i].from, ans[i].to);
}