【算法学习笔记】19.算法设计初步 最大子列和问题的几种方法

第一种就是纯粹的暴力枚举起始、终点。 O(n^3)

第二种在第一种的基础上先进行初始化，将以第一个元素为起点，所有元素为终点的所有子列和存储在S数组中，所以在第三层循环中计算子列和是直接用S[j]-S[i-1]即可，这是利用了空间去换时间。O(n^2)

第三种也是O(n^2)，但是在第二种的基础上，要先算出非负数所在的下标从而减少计算和的次数，但是效果并不好。

//算法3 O(n^2)
//主要是想算出正数的地方 从而减少算和的次数，但是需要先找出所有的正数

int n=0,seq[Max_N]={0};//1 for positive or 0  and 0 for negative
int begin=0,end=0;
long max_sum = NULL;
int len = 0;
int pos_list[Max_N]={0};

void getMaxSubSeq(){
    
    if(len==0){//如果全是负数则返回0
        max_sum=0;
        return;
    }else if(len==1){//如果只有一个非负数 返回的就是它
        max_sum=seq[pos_list[0]];
        return;
    }else{//否则我们要对每对儿非负数下标进行计算子列和
        for (int j = 0; j<len; j++) {//j是非负数下标1
            long sum = 0;
            int h = 0;
            for (int k = j+1; k<=len; k++) {//k是非负数下标2
                //下面的for可以改写成S[j]-S[i]的形式从而降低至S[j]-S[i]
                for (int t=pos_list[h]+(h==0?0:1);t<=pos_list[k] ; t++) {
                    sum += seq[t];
                }
                //printf("%d
",int(sum));
                h=k;
                if (max_sum == NULL || max_sum<sum) {
                    max_sum = sum;
                }
                
            }
        }
    }
    
    
}

int main(int argc, const char * argv[]) {
    scanf("%d",&n);
    //input seq
    for (int i = 0; i<n; i++) {
        scanf("%d",&seq[i]);
        if(seq[i]>=0){
            pos_list[len]=i;//把非负数的位置都记下来
            len++;//len是非负数的个数
        }
    }
    getMaxSubSeq();
    cout<<(max_sum)<<endl;
    return 0;
}

第四种 利用分治法的思想，先算左面，再算右面（都是递归），再从中间开始向两边延伸。O(nlgn)

//算法4
//分治法 O(nlgn)
//此时计算的是A[m,n)的范围内的最大子序列和
int getMaxSumOfSubSeq(int* A,int x,int y){
    //递归边界
    if(y-x==1)  return A[x];
    //分治第一步，划分（确定子问题）
    int middle = x+(y-x)/2;//此处不用(x+y)/2的原因是想要使middle更加接近左端点
    //分治第二步 递归求解  //利用了>?运算符取两者中较大的
    int maxOfTwoSides = getMaxSumOfSubSeq(A, x, middle) >?
                            getMaxSumOfSubSeq(A,middle , y);
    //分治第三步 合并 求最终解
    int v = 0;//此处v是用来暂时储存连续从中段开始向两边延伸的连续和
    int L=[middle-1],R=A[middle];//从中间开始
    for (int i=middle-1; i>=x; i--)
        L >?= (v+=A[i]);
    v=0;//重复利用临时变量
    for (int i=middle; i<y; i++)//注意不要包括y
        R >?= (v+=A[i]);
    return maxOfTwoSides >? (L+R);
}

第五种，

思路主要是这样的。

在我们用第二种思路时，第二层循环内部要进行比较S[j]-S[i-1]和当前最大和谁大，其实在这个时候，j是一定的，比谁大的本质就是找S[i-1]最小，所以我们不如去维护目前遇到过的最小的S. 

int getMSoSS(int* A,int len){
    int index_ofMinS = 0;
    int S[Max_N];
    S[0]=A[0];
    //第一步 先算出最小的S在哪里取得
    //实验表明，如果S[len-1]是最小的 必须用第二小的才行 所以就不算len-1了
    for(int i =1;i<len;i++){
        S[i] = S[i-1]+A[i];
        if(i<len-1 and S[i]<S[index_ofMinS]) index_ofMinS=i;
    }
    //此时已经确定了i-1=index....
    int max_sum=S[0];
    //从此下标之后开始计算~
    for(int j=index_ofMinS+1;j<len;j++){
        //gcc 应该是可以写成 max_sum >?= S[j]-S[index_ofMinS];的呀 奇怪~
        max_sum = max(max_sum , (S[j]-S[index_ofMinS]));
    }
    return max_sum;
}

第六种的伪代码描述：在线处理算法 最核心的想法就是  当前和如果是负数就不要进行下去 因为无论后面是什么，都相当于在做减法，不会比最大和高。

厉害啦，是在线算法，在线算法就是说，任何时候停止输入，得到的都是当前的正确结果，所以应该是线性的O(n)算法。

int MaxSubseqSum4( int A[], int N )  
{   int ThisSum, MaxSum;
    int i;
    ThisSum = MaxSum = 0;
    for( i = 0; i < N; i++ ) {
          ThisSum += A[i]; /* 向右累加 */
          if( ThisSum > MaxSum )
                  MaxSum = ThisSum; /* 发现更大和则更新当前结果 */
          else if( ThisSum < 0 ) /* 如果当前子列和为负 */
                  ThisSum = 0; /* 则不可能使后面的部分和增大，抛弃之 */  
    }
    return MaxSum;  
}