题目大意
有 (n) 个整数 (a_1,a_2,ldots,a_n)，每个数的范围是 ([1,m])。还有 (k) 个限制，每个限制 (x_i,y_i) 表示 (a_{x_i}leq a_{y_i})。
问有多少种不同的情况，以及所有情况中 ({sigma_0(gcd(a_1,a_2,ldots,a_n))}^3) 的和。
(nleq 20,mleq {10}^{10})
题解
记 (f(x)) 为当 (m=x) 时第一问的答案。
记 (g(x)) 为当 (a_1,a_2,ldots,a_n) 有 (x) 种不同的值时第一问的答案。
(g(x)) 要怎么求呢？
tarjan 求强连通分量，然后缩点，状压DP。
直接枚举子集是 (O(n3^n)) 的。
因为缩点后是一个 DAG，所以按拓扑序来转移就好了。
设 (h_{i,j,S}) 为 当前考虑的值为 (i)，正在考虑 (a_j) 这个数，已经确定数的集合为 (S) 的方案数。
每次决定 (a_j) 这个数的值是不是 (i) 就可以了。
时间复杂度：(O(n^22^n))
(f(x)) 要怎么求呢？
注意到 (a_1,a_2,ldots,a_n) 最多只有 (n) 种不同的值，所以可以用 (g(1),g(2),ldots,g(n)) 计算出 (f(x))：
[f(x)=sum_{i=1}^ninom{x}{i}g(i)
]
求组合数时要记下 (2) 的次数和非 (2) 的倍数的乘积两部分。
或者你求出前 (O(n)) 项然后拉格朗日插值也是可以的。
这样就求出第一问的答案了。
时间复杂度：(O(n))
那第二问要怎么求呢？
[egin{align}
&sum_{a_1=1}^msum_{a_2=1}^mcdotssum_{a_n=1}^msigma_0({gcd(a_1,a_2,ldots,a_n)}^3)\
=&sum_{i=1}^msigma_0(i^3)^3sum_{a_1=1}^msum_{a_2=1}^mcdotssum_{a_n=1}^m[gcd(a_1,a_2,ldots,a_n)=i]\
=&sum_{i=1}^m(sum_{jmid i}sigma_0(j^3)^3mu(frac{i}{j}))sum_{a_1=1}^msum_{a_2=1}^mcdotssum_{a_n=1}^m[imidgcd(a_1,a_2,ldots,a_n)]\
=&sum_{i=1}^m(sum_{jmid i}sigma_0(j^3)^3mu(frac{i}{j}))f(lfloorfrac{m}{i}
floor)
end{align}
]
那么前面那部分要怎么求呢？
容易发现 (h(n)=sum_{dmid n}sigma_0(d^3)^3mu(frac{n}{d})) 是一个积性函数，满足
[egin{align}
h(1)&=1\
h(p)&=1 imes (-1)+4^3 imes 1=63\
h(p^c)&={(3(c-1)+1)}^3(-1)+{(3c+1)}^3(1)\
&=(27c^3+27c^2+9c+1)-(27c^2-54c^2+36c-8)\
&=81c^2-27c+9
end{align}
]
所以可以大力洲阁筛/min_25筛求。
可能需要卡一下常。
时间复杂度：(O(n^22^n+nsqrt m+frac{m^frac{3}{4}}{log m}))
代码
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<cstdlib>
#include<ctime>
#include<utility>
#include<cmath>
#include<functional>
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef pair<int,int> pii;
typedef pair<ll,ll> pll;
void sort(int &a,int &b)
{
if(a>b)
swap(a,b);
}
void open(const char *s)
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
char str[100];
sprintf(str,"%s.in",s);
freopen(str,"r",stdin);
sprintf(str,"%s.out",s);
freopen(str,"w",stdout);
#endif
}
int rd()
{
int s=0,c,b=0;
while(((c=getchar())<'0'||c>'9')&&c!='-');
if(c=='-')
{
c=getchar();
b=1;
}
do
{
s=s*10+c-'0';
}
while((c=getchar())>='0'&&c<='9');
return b?-s:s;
}
void put(int x)
{
if(!x)
{
putchar('0');
return;
}
static int c[20];
int t=0;
while(x)
{
c[++t]=x%10;
x/=10;
}
while(t)
putchar(c[t--]+'0');
}
int upmin(int &a,int b)
{
if(b<a)
{
a=b;
return 1;
}
return 0;
}
int upmax(int &a,int b)
{
if(b>a)
{
a=b;
return 1;
}
return 0;
}
int fp(int a,ll b)
{
int s=1;
for(;b;b>>=1,a*=a)
if(b&1)
s*=a;
return s;
}
namespace gao1
{
const int N=30;
int n,m;
vector<int> g[N],g2[N];
int lx[N*N],ly[N*N];
int dfn[N],low[N],b[N],st[N],top,c[N],ti,ccnt;
int f[1<<20],a[N];
int s[N];
int d[N][N];
int inv[N],pw[N];
void dfs(int x)
{
dfn[x]=low[x]=++ti;
st[++top]=x;
b[x]=1;
for(auto v:g[x])
if(b[v]!=2)
{
if(!b[v])
dfs(v);
low[x]=min(low[x],low[v]);
}
if(low[x]>=dfn[x])
{
ccnt++;
int v;
do
{
v=st[top--];
b[v]=2;
c[v]=ccnt;
}
while(v!=x);
}
}
void add(int &a,int b)
{
a+=b;
}
void gao()
{
scanf("%d",&m);
for(int i=1;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d",&lx[i],&ly[i]);
g[lx[i]].push_back(ly[i]);
}
for(int i=1;i<=n;i++)
if(!b[i])
dfs(i);
for(int i=1;i<=m;i++)
if(c[lx[i]]!=c[ly[i]])
{
g2[c[lx[i]]].push_back(c[ly[i]]);
a[c[lx[i]]]|=1<<(c[ly[i]]-1);
}
n=ccnt;
f[0]=1;
for(int i=1;i<=n;i++)
{
for(int j=1;j<=n;j++)
for(int k=0;k<1<<n;k++)
if(!((k>>(j-1))&1)&&(k&a[j])==a[j])
add(f[k|(1<<(j-1))],f[k]);
s[i]=f[(1<<n)-1];
}
for(int i=0;i<=n;i++)
{
d[i][0]=1;
for(int j=1;j<=i;j++)
d[i][j]=d[i-1][j-1]+d[i-1][j];
}
for(int i=n;i>=1;i--)
{
for(int j=i-1;j>=1;j--)
s[i]+=((i-j)&1?-1:1)*d[i][j]*s[j];
}
for(int i=1;i<=n;i++)
{
int x=i;
while(!(x&1))
{
pw[i]++;
x>>=1;
}
inv[i]=fp(x,(1ll<<31)-1);
}
}
int query(ll x)
{
int res=0;
int prod=1;
int num=0;
for(int i=1;i<=n&&i<=x;i++)
{
ll y=x-i+1;
while(num<=20&&!(y&1))
{
y>>=1;
num++;
}
num-=pw[i];
prod*=inv[i];
prod*=y;
res+=(prod<<num)*s[i];
}
return res;
}
}
namespace gao2
{
const int M=100010;
const int m=100000;
ll n;
int pri[M],b[M],cnt;
int f1[M],f2[M],s1[M],s2[M];
void init()
{
for(int i=2;i<=m;i++)
{
if(!b[i])
pri[++cnt]=i;
for(int j=1;j<=cnt&&i*pri[j]<=m;j++)
{
b[i*pri[j]]=1;
if(i%pri[j]==0)
break;
}
}
}
void gao()
{
init();
int mx=n/(m+1);
for(int i=2;i<=m;i++)
f1[i]=i-1;
for(int i=1;i<=mx;i++)
f2[i]=n/i-1;
for(int i=1;i<=cnt;i++)
{
int x=pri[i];
int y=f1[x-1];
int mx1=min(n/x/(m+1),n/x/x);
int mx2=min((ll)mx,n/x/x);
ll p2=(ll)pri[i]*pri[i];
ll o=n/x;
for(int j=1;j<=mx1;j++)
f2[j]-=f2[j*x]-y;
for(int j=mx1+1;j<=mx2;j++)
f2[j]-=f1[o/j]-y;
for(int j=m;j>=p2;j--)
f1[j]-=f1[j/x]-y;
}
for(int i=2;i<=m;i++)
{
f1[i]*=63;
s1[i]=f1[i];
}
for(int i=1;i<=mx;i++)
{
f2[i]*=63;
s2[i]=f2[i];
}
for(int i=cnt;i>=1;i--)
{
int x=pri[i];
int mx1=min((ll)mx,n/x/x);
for(int j=1;j<=mx1;j++)
{
s2[j]-=63;
ll x2=n/j/x;
for(int k=1;x2;x2/=x,k++)
s2[j]+=((x2<=m?s1[x2]-f1[min((int)x2,x)]:s2[n/x2]-f1[x])+1)*(81*k*k-27*k+9);
}
ll mn=(ll)pri[i]*pri[i];
for(int j=m;j>=mn;j--)
{
s1[j]-=63;
int x2=j/x;
for(int k=1;x2;x2/=x,k++)
s1[j]+=(s1[x2]-f1[min(x2,x)]+1)*(81*k*k-27*k+9);
}
}
}
int query(ll x)
{
if(x<=0)
return 0;
return (x<=m?s1[x]:s2[n/x])+1;
}
}
int main()
{
open("statue");
scanf("%d%lld",&gao1::n,&gao2::n);
gao1::gao();
gao2::gao();
int ans=0;
ll n=gao2::n;
for(ll i=1,j;i<=n;i=j+1)
{
j=n/(n/i);
ans+=(gao2::query(j)-gao2::query(i-1))*gao1::query(n/i);
}
printf("%u %u
",gao1::query(n),ans);
return 0;
}