【问题背景】
zhx 和他的妹子（们） 做游戏。
【问题描述】
考虑 N 个人玩一个游戏，任意两个人之间进行一场游戏（共 N*(N-1)/2 场），
且每场一定能分出胜负。
现在， 你需要在其中找到三个人构成“剪刀石头步”局面： 三个人 A， B， C
满足 A 战胜 B， B 战胜 C， C 战胜 A。
【输入格式】
第一行一个正整数 N， 表示参加游戏的人数。
接下来 N 行， 每行 N 个数 0/1，中间没有空格隔开。第 i 行第 j 列数字为 1
表示 i 在游戏中战胜了 j。 所有对角线元素（即第 i 行第 i 个元素） 为 0， 保证数
据合法。
【输出格式】
如果存在三个人构成“剪刀石头布”局面， 输出三个人的编号（从 1 开始）。
如果不存在这样的三个人， 输出一个数-1。
【样例输入】
5
00100
10000
01001
11101
11000
【样例输出】
1 3 2
【数据规模与约定】
分析：今天才知道这种图叫竞赛图，还是第一次接触它.
首先，竞赛图中是没有两元环的，两个点不可能互指.并且竞赛图中一条任意长度的环都可以通过某种变换变成3元环，也就是题目要求的.具体是怎么变换呢？考虑这样一个环：
考虑前3个点1、2、3,如果1、3之间的连边是从3指向1，那么就找到了一个3元环，否则，我们完全可以不考虑2这个点，继续考虑1,3,4,检查1,4的连边，这就和1,2,3这种情况一样了，每次把环的长度-1，由于不存在2元环，所以最后一定可以找到一个三元环.
接下来的任务就是怎么要找到一个任意长度的环.
把dfs走的图看作一棵“树”，如果子节点有边连向祖先，那么就形成了环.将dfs时的vis数组改一下就可以了,vis[i] = 0表示i没有访问过,i=1表示正在访问i或者i的子树，i=2表示i的子树访问完了.如果下一个点vis=1，那么就找到一个环了.维护一个栈，记录一个时间戳，访问到新节点就加入到栈中，子树访问完了就退出来，找到环后就把栈中对应下标的元素一复制就好了.
一个比较重要的思想是把其它的所有不满足条件的情况都给排除掉，一步步接近我们的目标.就好比找3元环，首先证明2元环是不存在的，然后证明大于3元环的一定可以找到3元环，把问题一步步缩小就能找到答案.
#include <map> #include <queue> #include <cstdio> #include <cstring> #include <iostream> #include <algorithm> using namespace std; int n, a[5010][5010], dfs_clock, s[5010], time[5010], head[5010], to[5010 * 5010], nextt[5010 * 5010], tot = 1; int vis[5010], top, ans[5010], cnt; bool flag = false; void add(int x, int y) { to[tot] = y; nextt[tot] = head[x]; head[x] = tot++; } void dfs(int u) { if (flag) return; vis[u] = 1; s[++top] = u; time[u] = top; for (int i = head[u]; i; i = nextt[i]) { int v = to[i]; if (!vis[v]) dfs(v); if (vis[v] == 1) { flag = 1; for (int j = time[v]; j <= top; j++) ans[++cnt] = s[j]; return; } } vis[u] = 2; s[top--] = 0; } int main() { scanf("%d", &n); for (int i = 1; i <= n; i++) for (int j = 1; j <= n; j++) { scanf("%1d", &a[i][j]); if (a[i][j]) add(i, j); } for (int i = 1; i <= n; i++) if (!vis[i]) { dfs(i); if (flag) break; } if (!flag) printf("-1"); else { for (int i = 2; i < cnt; i++) if (a[s[i + 1]][s[1]]) { printf("%d %d %d ", s[1], s[i], s[i + 1]); break; } } return 0; }