给定一个 (n) 个点 (m) 条边的边带权简单连通无向图，在 (0) 时刻你在点 (1) 上。
假设当前是 (t) 时刻，你在点 (v) 上，你可以选择两种操作：
仍停留在点 (v) 上，操作后到 (t+1) 时刻。
选择一条边 ((a,b,w)) 满足 (a=v) 或 (b=v)，则你到这条边连接的另一个点上，操作后到 (t+w) 时刻。
有 (k) 条信息，每一条信息形如 ((t_i,v_i)) 表示在 (t_i) 时刻，点 (v_i) 上会出现一只飞猪，其编号为 (i)，若该时刻你在 (v_i) 上，则你捕获到了 (i) 号飞猪。
现在你需要求出你能捕获到的飞猪数量的最大值。
我们发现 (n) 很小，很容易想到先做一遍 ( exttt{Floyd}) 然后，进行 (dp)。
这个 (dp) 大概就是一个背包，先把猪按出现速度从小到大排序，然后把猪看成一个物品，用上我们之前求好的多源最短路来背包。
代码：
#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
struct node{
int t,x;
}a[5010];
ll n,m,k,f[510][510],dp[5010];
bool cmp(node x,node y){
return x.t<y.t;
}
int main(){
memset(f,0x3f,sizeof(f));
cin>>n>>m>>k;
for(int i=1;i<=m;i++){
ll x,y,z;
cin>>x>>y>>z;
f[x][y]=min(f[x][y],z);
f[y][x]=min(f[y][x],z);
}
for(int i=1;i<=n;i++)f[i][i]=0;
for(int k=1;k<=n;k++)
for(int i=1;i<=n;i++)
for(int j=1;j<=n;j++)
f[i][j]=min(f[i][j],f[i][k]+f[k][j]);//Floyd
a[0].t=0;a[0].x=1;//这个很重要
for(int i=1;i<=k;i++){
ll x,y;cin>>x>>y;
a[i].t=x;a[i].x=y;
}
sort(a,a+k+1,cmp);//排序
for(int i=1;i<=k;i++){
for(int j=0;j<i;j++){
dp[i]=max(dp[i],dp[j]);
int z=f[a[i].x][a[j].x];
if(a[j].t+z<=a[i].t)dp[i]=max(dp[i],dp[j]+1);//状态转移方程
}
}cout<<dp[k];//输出
return 0;
}