cf487C Prefix Product Sequence

Consider a sequence [a₁, a₂, ... , a_n]. Define its prefix product sequence .

Now given n, find a permutation of [1, 2, ..., n], such that its prefix product sequence is a permutation of [0, 1, ..., n - 1].

Input

The only input line contains an integer n (1 ≤ n ≤ 10⁵).

Output

In the first output line, print "YES" if such sequence exists, or print "NO" if no such sequence exists.

If any solution exists, you should output n more lines. i-th line contains only an integer a_i. The elements of the sequence should be different positive integers no larger than n.

If there are multiple solutions, you are allowed to print any of them.

Example

Input

7

Output

YES
1
4
3
6
5
2
7

Input

6

Output

NO

Note

For the second sample, there are no valid sequences.

要求给出1~n的排列，使得前1,2...n项之积模n恰好包含[0,n-1]中所有数

显然n要放最后，不然乘个n之后后面的积都是0了（不过这句话好像并没有卵用）

显然[0,n-1]每个数不能出现超过1次（好像也没有卵用）

如果n是质数，非常简单，令模n之后分别是1,2,3,4...n-1,0,

倒推可知第一个数是1，第二个数是2乘（1关于n的逆元），第三个数是3乘（2关于n的逆元）……最后一个是n

如果n不是质数，，，太恶心了

先给结论：如果n==4，发现有一解1,3,2,4是可以的，否则不行。

证明：当n为合数且n!=4，不妨假设n=p*q(p>2,p>=q)

那么1~pq当中有至少三个不同的数q,2q,pq。

显然n=pq是一定要放在排列最后的，再分类讨论：

p==q，n=p^2，而且p,2p的位置要在在p^2之前，显然p*2p=2p^2=2n,所以在p处，或者2p处前k项的积就是0了，p^2处也是0，显然不行

p!=q，p和q都在pq之前，同理，在p处，或者q处前k项的积是pq的倍数，所以也是0，而pq处也是0，也不行

*所以只有p==q==2的时候，没有p和2p同时出现，所以找到了一组解

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<algorithm>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<deque>
#include<set>
#include<map>
#include<ctime>
#define LL long long
#define inf 0x7ffffff
#define pa pair<int,int>
#define mkp(a,b) make_pair(a,b)
#define pi 3.1415926535897932384626433832795028841971
#define mod 100007
using namespace std;
inline LL read()
{
    LL x=0,f=1;char ch=getchar();
    while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
    while(ch>='0'&&ch<='9'){x=x*10+ch-'0';ch=getchar();}
    return x*f;
}
int n;
LL ni[100010];
inline LL quickpow(LL a,int b)
{
    LL s=1;
    while (b)
    {
        if (b&1)s=(s*a)%n;
        a=(a*a)%n;
        b>>=1;
    }
    return s;
}
int main()
{
    n=read();
    if (n==1){puts("YES
1");return 0;}
    if (n==4){puts("YES
1
3
2
4
");return 0;}
    for (int i=2;i<=sqrt(n);i++)if (n%i==0){puts("NO");return 0;}
    for (int i=1;i<n;i++)ni[i]=quickpow(i,n-2);
    puts("YES");
    puts("1");
    for (int i=2;i<n;i++)printf("%d
",i*ni[i-1]%n);
    printf("%d
",n);
}