题链：
http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2006
题解：
RMQ + 优先队列 （+ 前缀）
记得在一两个月前，一次考试考了这个题目的简化版：序列中只有正整数。
当时我们曰 ：有负数的话就怕是莫得解法哦。
然后，有负数的情况居然是NOI题。。。
难哭。
1).首先尝试固定区间的右端点R。
那么可取的左端点的范围就已经确定。
所以对于右端点为 R的权和最大的区间就能够求出来了：
先求出前缀序列 pre[]，
由于 sum = pre[R]-pre[L-1],且 pre[R] 固定，
即我们需要求出合法范围内的最小的 pre[L-1],
这个就可以用 RMQ实现。
2).用优先队列维护。
初始化时，把每个右端点R的最大权和区间的相关信息放入队列：
保存这些信息 ：
{sum(该区间的和),R(固定的区间右端点是谁),p(区间和为sum时对应的左端点),l(左端点的左界),r(左端点的右界)}
那么直接取堆顶，即是当前的最大权和区间。
然后接下呢，为了以后不重复取到当前区间，我们把 [l,r] 剖成 [l,p-1] 和 [p+1,r]
并计算出相应的信息，继续放入优先队列，即把
{sum1,R,p1,l,p-1} 和 {sum2,R,p2,p+1,r} 加入进去。
重复操作 K次即可。
代码：
#include<queue>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#define MAXN 500005
#define ll long long
using namespace std;
struct info{
ll sum,R,p,l,r;
bool operator <(const info & rtm) const{
return sum<rtm.sum;
}
};
ll stv[MAXN][20],stp[MAXN][20],log2[MAXN];
ll pre[MAXN],N,K,A,B,ans;
priority_queue<info>q;
ll query(ll l,ll r){
static ll k,mini;
k=log2[r-l+1];
mini=min(stv[l+(1<<k)-1][k],stv[r][k]);
if(stv[l+(1<<k)-1][k]==mini) return stp[l+(1<<k)-1][k];
else return stp[r][k];
}
int main()
{
freopen("piano.in","r",stdin);
freopen("piano.out","w",stdout);
log2[1]=0; ll pos; info now;
for(ll i=2;i<=MAXN-5;i++) log2[i]=log2[i>>1]+1;
scanf("%lld%lld%lld%lld",&N,&K,&A,&B);
for(ll i=1;i<=N;i++)
scanf("%lld",&pre[i]),pre[i]+=pre[i-1],stv[i][0]=pre[i],stp[i][0]=i;
for(ll k=1;k<=log2[N];k++)
for(ll i=(1<<k)-1;i<=N;i++){
stv[i][k]=min(stv[i][k-1],stv[i-(1<<(k-1))][k-1]);
if(stv[i][k-1]==stv[i][k]) stp[i][k]=stp[i][k-1];
else stp[i][k]=stp[i-(1<<(k-1))][k-1];
}
for(ll i=1,lmin,lmax;i<=N;i++){
lmin=max(1ll,i-B+1); lmax=max(0ll,i-A+1);
if(lmax==0) continue;
pos=query(lmin-1,lmax-1)+1;
q.push((info){pre[i]-pre[pos-1],i,pos,lmin,lmax});
}
while(K--){
now=q.top(); q.pop();
ans+=now.sum;
if(now.p-1>=now.l){
pos=query(now.l-1,now.p-1-1)+1;
q.push((info){pre[now.R]-pre[pos-1],now.R,pos,now.l,now.p-1});
}
if(now.r>=now.p+1){
pos=query(now.p+1-1,now.r-1)+1;
q.push((info){pre[now.R]-pre[pos-1],now.R,pos,now.p+1,now.r});
}
}
printf("%lld",ans);
return 0;
}