luoguP3588_[POI2015]PUS

题意

有一个(n)个数的序列，已知其中的(k)个数，然后有(m)个信息，每个信息给出区间([l,r])，和(k)个数，表示区间([l,r])中这(k)个数大于剩下的(r-l+1-k)个数，求出一个方案。

分析

• 抄做的第一题线段树优化建图的题目，很巧妙。
• 大小关系我们可以看成是一条有向边，由小数连向大数，而两数之差就是边权，最后跑一遍拓扑排序，从最小的值更新，判断是否有环或者数值超过范围即可。
• 对于每一个信息，如果将大的数和小的数暴力两两连边，显然不行。
• 第一个优化是在两个数集之间加一个虚点，小数连向虚点，虚点连向大数，就相当于两两连边了，不过这样还是不够。
• 第二个优化就是用线段树来优化建图，因为给定的(k)个数其实是将区间([l,r])分成(k+1)个小区间，这些小数集合，其实并不需要一一连边，只需要整个区间连向虚点即可。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ls i<<1
#define rs i<<1|1
#define mid (l+r)/2
const int N=5e5+50;
const int INF=1e9;
struct Edge{
    int v,w,next;
}e[N*10];
int cnt,head[N],ind[N];
int n,s,m,l,r,k,x,a[N];
void init(){
    cnt=0;
    memset(head,-1,sizeof(head));
}
void add(int u,int v,int w){
    e[cnt]=Edge{v,w,head[u]};
    head[u]=cnt++;
    ind[v]++;
}
//记录每个线段树节点的实际编号(图论中的节点)
int pt[N],tot;
void build(int i,int l,int r){
    if(l==r){
        pt[i]=l;
        return;
    }
    pt[i]=++tot;
    build(ls,l,mid);
    build(rs,mid+1,r);
    add(pt[ls],pt[i],0);
    add(pt[rs],pt[i],0);
}
//线段树区间[ql,qr]对应的节点连向x(图)
void link(int i,int l,int r,int ql,int qr,int x){
    if(ql<=l && qr>=r){
        add(pt[i],x,0);
        return;
    }
    if(ql<=mid){
        link(ls,l,mid,ql,qr,x);
    }
    if(qr>mid){
        link(rs,mid+1,r,ql,qr,x);
    }
}
int ans[N],vis[N];
bool topo(){
    queue<int> q;
    int c=0;
    for(int i=1;i<=tot;i++){
        if(!ind[i]){
            q.push(i);
        }
        if(!ans[i]){
            //还不确定的数
            ans[i]=1;
        }
    }
    while(!q.empty()){
        int u=q.front();
        q.pop();
        c++;
        for(int i=head[u];i!=-1;i=e[i].next){
            int v=e[i].v;
            int w=e[i].w;
            ans[v]=max(ans[v],ans[u]+w);
            if(a[v] && ans[v]>a[v]){
                return false;
            }
            --ind[v];
            if(!ind[v]){
                q.push(v);
            }
        }
    }
    return c==tot;
}
int main(){
//    freopen("in.txt","r",stdin);
    scanf("%d%d%d",&n,&s,&m);
    init();
    //线段树n个叶子节点1-n，然后其他父节点就++tot
    tot=n;
    build(1,1,n);
    for(int i=1;i<=s;i++){
        scanf("%d%d",&k,&x);
        a[k]=ans[k]=x;
    }
    //对于给定的k个数也就是集合S1，都大于等于[l,r]剩下的数S2，因此需要两两连边
    //优化1 建立虚点，S2连向虚点，虚点连向S1
    //优化2 S2都是一些连续区间，可以用线段树来优化建图，让线段树区间连向虚点
    for(int i=1;i<=m;i++){
        scanf("%d%d%d",&l,&r,&k);
        tot++;
        int p=l-1;
        //k个数将区间分为k+1段，对应的线段树区间分别连向虚点
        for(int j=1;j<=k;j++){
            scanf("%d",&x);
            //虚点连向S1
            add(tot,x,1);
            //连续区间连向虚点
            if(x>p+1){
                //和上一个点之间有一段连续区间
                link(1,1,n,p+1,x-1,tot);
            }
            p=x;
        }
        if(x<r){
            link(1,1,n,x+1,r,tot);
        }
    }
    //拓扑排序求出方案
    bool flag=topo();
    if(!flag){
        printf("NIE
");
        return 0;
    }
    for(int i=1;i<=n;i++){
        if(ans[i]>INF){
            printf("NIE
");
            return 0;
        }
    }
    printf("TAK
");
    for(int i=1;i<=n;i++){
        printf("%d%c",ans[i],i==n?'
':' ');
    }
    return 0;
}