题目背景
阿宝上学了,今天老师拿来了一块很长的涂色板。
题目描述
色板长度为L,L是一个正整数,所以我们可以均匀地将它划分成L块1厘米长的小方格。并从左到右标记为1, 2, ... L。
现在色板上只有一个颜色,老师告诉阿宝在色板上只能做两件事:
- "C A B C" 指在A到 B 号方格中涂上颜色 C。
- "P A B" 指老师的提问:A到 B号方格中有几种颜色。
学校的颜料盒中一共有 T 种颜料。为简便起见,我们把他们标记为 1, 2, ... T. 开始时色板上原有的颜色就为1号色。 面对如此复杂的问题,阿宝向你求助,你能帮助他吗?
输入输出格式
输入格式:第一行有3个整数 L (1 <= L <= 100000), T (1 <= T <= 30) 和 O (1 <= O <= 100000)。 在这里O表示事件数。
接下来 O 行, 每行以 "C A B C" 或 "P A B" 得形式表示所要做的事情(这里 A, B, C 为整数, 可能A> B,这样的话需要你交换A和B)
对于老师的提问,做出相应的回答。每行一个整数。
输入输出样例
输入样例#1:
复制
2 2 4 C 1 1 2 P 1 2 C 2 2 2 P 1 2
输出样例#1: 复制
2 1
T<=30!!!二进制压缩就行了;
#include<iostream> #include<cstdio> #include<algorithm> #include<cstdlib> #include<cstring> #include<string> #include<cmath> #include<map> #include<set> #include<vector> #include<queue> #include<bitset> #include<ctime> #include<deque> #include<stack> #include<functional> #include<sstream> //#include<cctype> //#pragma GCC optimize(2) using namespace std; #define maxn 900005 #define inf 0x7fffffff //#define INF 1e18 #define rdint(x) scanf("%d",&x) #define rdllt(x) scanf("%lld",&x) #define rdult(x) scanf("%lu",&x) #define rdlf(x) scanf("%lf",&x) #define rdstr(x) scanf("%s",x) typedef long long ll; typedef unsigned long long ull; typedef unsigned int U; #define ms(x) memset((x),0,sizeof(x)) const long long int mod = 1e9 + 7; #define Mod 1000000000 #define sq(x) (x)*(x) #define eps 1e-3 typedef pair<int, int> pii; #define pi acos(-1.0) //const int N = 1005; #define REP(i,n) for(int i=0;i<(n);i++) typedef pair<int, int> pii; inline ll rd() { ll x = 0; char c = getchar(); bool f = false; while (!isdigit(c)) { if (c == '-') f = true; c = getchar(); } while (isdigit(c)) { x = (x << 1) + (x << 3) + (c ^ 48); c = getchar(); } return f ? -x : x; } ll gcd(ll a, ll b) { return b == 0 ? a : gcd(b, a%b); } int sqr(int x) { return x * x; } /*ll ans; ll exgcd(ll a, ll b, ll &x, ll &y) { if (!b) { x = 1; y = 0; return a; } ans = exgcd(b, a%b, x, y); ll t = x; x = y; y = t - a / b * y; return ans; } */ int n, m; struct node { int l, r; int sum; int lazy; }tree[maxn]; void pushup(int rt) { tree[rt].sum = tree[rt << 1].sum | tree[rt << 1 | 1].sum; } void pushdown(int rt) { if (tree[rt].lazy) { tree[rt << 1].lazy = tree[rt].lazy; tree[rt << 1 | 1].lazy = tree[rt].lazy; tree[rt << 1].sum = tree[rt].lazy; tree[rt << 1 | 1].sum = tree[rt].lazy; tree[rt].lazy = 0; } } void build(int l, int r, int rt) { tree[rt].l = l; tree[rt].r = r; tree[rt].lazy = 0; if (l == r) { tree[rt].sum = 1; return; } int mid = (l + r) >> 1; build(l, mid, rt << 1); build(mid + 1, r, rt << 1 | 1); pushup(rt); } void upd(int col, int L, int R, int l, int r,int rt) { if (L <= l && r <= R) { tree[rt].sum = (1 << (col - 1)); tree[rt].lazy = (1 << (col - 1)); return; } pushdown(rt); int mid = (l + r) >> 1; if (L <= mid)upd(col, L, R, l, mid, rt << 1); if (mid < R)upd(col, L, R, mid + 1, r, rt << 1 | 1); pushup(rt); } int query(int L, int R, int l, int r, int rt) { if (L <= l && r <= R) { return tree[rt].sum; } pushdown(rt); int mid = (l + r) >> 1; int ans = 0; if (L <= mid)ans |= query(L, R, l, mid, rt << 1); if (mid < R)ans |= query(L, R, mid + 1, r, rt << 1 | 1); return ans; } int main() { //ios::sync_with_stdio(0); rdint(n); int T; rdint(T); rdint(m); build(1, n, 1); while (m--) { char op; cin >> op; if (op == 'C') { int a, b, c; rdint(a); rdint(b); rdint(c); if (a > b)swap(a, b); upd(c, a, b, 1, n, 1); } else { int a, b; rdint(a); rdint(b); if (a > b)swap(a, b); int tot = 0; int ans = query(a, b, 1, n, 1); for (int i = 1; i <= T; i++) { if (ans&(1 << (i - 1))) { tot++; } } cout << tot << endl; } } return 0; }