题意
在一家银行里有n个服务窗口，每个窗口最多有m个人排队。当窗口都满人时，客户就必须在线外等候，当有人完成服务时，便可上去排队。
客户选择服务窗口的标准为：首先选择排队人数少的窗口，在人数相同的情况下，优先选择最小的窗口号。
现在给出k个客户所需的服务时间，以及q个询问，输出每个询问的客户完成的时间点。
思路
首先我们会想到的是比较每个窗口的第一个客户的服务时间，所需时间短的就会最快完成，此时在线外等候的客户就可以在该窗口排上队。
所以可以用n个队列来维护每个窗口的排队情况。
这里需要注意的是，假设我们第i个窗口有一个客户完成了服务，其服务时间为t，接下来再比较每个窗口第一个客户的服务时间时，除第i个窗口之外，其余窗口第一个客户的服务时间都要减去t，因为每个窗口都是同时进行的。
还有一点需要注意的是，在17:00之前被服务即可，不是指完成时间得在17:00之前。
代码
1 #include<iostream> 2 #include<cstdio> 3 #include<queue> 4 #include<vector> 5 using namespace std; 6 typedef pair<int, int> pii; 7 8 int n, m, k, q; 9 10 queue<pii> Q[25]; //维护窗口排队情况 11 vector<int> line; //线外等候客户 12 int mt[25]; //减去时间 13 int wt[25]; //每个窗口的时间线 14 int res[1005]; //每个客户的完成时间 15 int pt[1005]; //客户服务时间 16 17 int main(){ 18 //freopen("in.txt", "r", stdin); 19 scanf("%d%d%d%d", &n, &m, &k, &q); 20 int w = 1; 21 for(int i=1; i<=k; i++){ 22 scanf("%d", &pt[i]); 23 if(i > n*m) line.push_back(pt[i]); 24 else{ 25 if(w > n) w = 1; 26 Q[w].push(make_pair(i, pt[i])); 27 w++; 28 } 29 } 30 31 int tot = line.size(); 32 int cnt = 1; 33 34 for(int i=1; i<=k; i++){ 35 int min_time = 0x3f3f3f3f, pos; 36 for(int w=1; w<=n; w++){ 37 if(Q[w].empty()) continue; 38 int time = Q[w].front().second - mt[w]; //选出最快完成服务的客户 39 if(time < 0) time = 0; 40 if(time < min_time){ 41 min_time = time; 42 pos = w; 43 } 44 } 45 wt[pos] += Q[pos].front().second; 46 res[Q[pos].front().first] = wt[pos]; 47 mt[pos] = 0; 48 Q[pos].pop(); 49 for(int i=1; i<=n ;i++){ //其余窗口都要加上该时间 50 if(i!=pos) mt[i] += min_time; 51 } 52 if(cnt <= tot){ 53 int id = n*m + cnt; 54 Q[pos].push(make_pair(id, line[cnt-1])); 55 cnt++; 56 } 57 } 58 59 while(q--){ 60 int id; scanf("%d", &id); 61 if(res[id] - pt[id] >= 540){ 62 printf("Sorry"); 63 } 64 else{ 65 int hour = 8 + res[id] / 60; 66 int mintues = res[id] % 60; 67 printf("%02d:%02d", hour, mintues); 68 } 69 printf(" "); 70 } 71 72 return 0; 73 }