Sum of Consecutive Integers

Sum of Consecutive Integers

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题意

问N能够分解成多少种不同的连续数的和.

思路

连续数是一个等差数列:$$
frac{(2a1 + n -1)n}{2} = T$$
那么(frac{2*T}{n}-n = 2*a1-1),所以当(n)为(T)的奇因子的时候符合要求.
那么当(n)为偶数的时候(frac{2*T}{n}-(n-1) = 2*a1);因为((n-1))为奇数，(2*a1)为偶数，所以(frac{2T}{n})为奇数，所以另(t)上下含有的2的个数，必定上下含有2的个数必定相等，(t = 2^t)那么就得到(frac{frac{2T}{t}}{frac{n}{t}}),那么另(u = frac{n}{t})那么(u)就是(T)的奇数因子，那么(n = u*t)就行了，因为每个(n)的值会一一对应一个连续的序列，所以即使当(n)为偶数的时候是通过求(T)的奇数因子而求得.所以通过求(n)为奇数时和(n)为偶数时，都是求T的奇数因子而求得，那么所有的种数就是求(T)的奇数因子的个数，除去1的时候。
然后就素数打表，(T = p1^{k1} * p2^{k2}*p3^{k3}*...pn^{kn}),那么如果(T)为偶数的话就把(p)为2的去掉，那么奇数因子个数就为((k1+1)*(k2+1)*...(kn+1)),最后再减个1就行了.

代码

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long LL;
bool prime[10000005];
int table_prime[1000005];
int main(void)
{
    for(int i = 2; i < 10000; i++)
    {
        if(!prime[i])
            for(int j = i; (i*j) <= 10000000; j++)
                prime[i*j] = true;
    }
    int cn = 0;
    for(int i = 2; i <= 10000000; i++)
        if(!prime[i])
            table_prime[cn++] = i;
    int T;
    scanf("%d",&T);
    int __cn = 0;
    while(T--)
    {
        LL n;
        scanf("%lld",&n);
        int f = 1;
        LL u = 0,sum = 1;
        while(n%2 == 0)
            n/=2;
        while(n > 1&&f < cn)
        {
            if((LL)table_prime[f]*(LL)table_prime[f] > n)
                break;
            while(n%table_prime[f] == 0)
            {
                u++;
                n/=table_prime[f];
            }
            sum = sum * (u+1);
            u = 0;
            f++;
        }
        if(n > 1)
            sum *= (LL)2;
        sum--;
        printf("Case %d: ",++__cn);
        printf("%lld
",sum);
    }
    return 0;
}