Description
2009年12月5日，闷墩突然降临nsoi，于是nsoi的所有人只好举家搬迁，逃往其他教室上课。每个教室只允许一些人经过，只能留下一些学生(道理应该很简单)。所有的教室是用有向边连接起来的。问题是有多少人能够逃离闷墩的魔掌。
Input
所有数均为(231-1)以内的自然数。
第一行两个数n,m(1<n<=200)，为全校教室的个数(包括nsoi)和nsoi的人数。这些教室编号为1到n，其中nsoi的编号为1。接下来(n-1)行，每行两个数，表示从2号教室开始允许经过的人数和能留下的人数，其中留下的人也必须先“经过”这个教室。
接下来一行一个数k(1<=k<=40000)，表示边的个数。然后k行，每行两个数a,b表示a号教室到b号教室是用有向边连通的。
Output
一个自然数，为能逃离的人数。
Sample Input
4 20
10 5
20 5
10 10
3
1 2
1 3
2 4
Sample Output
15
还是利用拆点的思路吧 ， 反正就是讲房间拆成两个点，这么乱搞 。
1 #include <iostream> 2 #include <cstdlib> 3 #include <cstring> 4 #include <cstdio> 5 #include <queue> 6 using namespace std ; 7 const int inf = 1 << 30 , maxn = 40000 + 401 , N = 400 + 11; 8 9 int n , m , s , t , k; 10 int sum[N][2] , head[N] , cnt , dis[N] , cur[N]; 11 struct id 12 { 13 int nxt , to , vi ; 14 } edge[maxn<<2] ; 15 queue < int > Q ; 16 17 18 inline void Init( ) 19 { 20 freopen( "NSOOJ10734.in" , "r" , stdin ) ; 21 freopen( "NSOOJ10734.out" , "w" , stdout ) ; 22 } 23 24 25 int read( ) 26 { 27 char ch = getchar( ) ; int k = 1 , ret = 0 ; 28 while( ch < '0' || ch > '9' ) { if( ch == '-' ) k = -1 ; ch = getchar( ) ; } 29 while( ch >= '0' && ch <='9' ) ret = ret * 10 + ch - '0' , ch = getchar( ) ; 30 return ret * k ; 31 } 32 33 34 void add( int u , int v , int vi ) 35 { 36 edge[++cnt].to = v , edge[cnt].vi = vi ; 37 edge[cnt].nxt = head[u] , head[u] = cnt ; 38 } 39 40 void input( ) 41 { 42 n = read( ) , m = read( ) ; cnt = -1 ; 43 s = n + 1 , t = 402 ; memset( head , -1 , sizeof(head) ) ; 44 for( int x = 2 ; x <= n ; ++x ) 45 { 46 sum[x][0] = read( ) , sum[x][1] = read( ) ; 47 add( x , x + n, sum[x][0] ) ; 48 add( x + n , x , 0 ) ; 49 add( x+n , t , sum[x][1] ) ; 50 add( t , x+n , 0 ) ; 51 } 52 k = read( ) ; int a , b ; 53 for( int i = 1 ; i <= k ; i++ ) 54 { 55 a = read( ) , b = read( ) ; 56 add( a + n , b , inf ) ; 57 add( b , a + n , 0 ) ; 58 } 59 } 60 61 62 bool bfs( ) 63 { 64 memset( dis , -1 , sizeof(dis) ) ; 65 dis[s] = 0 ; Q.push( s ) ; 66 while( !Q.empty( ) ) 67 { 68 int u = Q.front( ) ; Q.pop( ) ; 69 for( int i = head[u] ; ~i ; i = edge[i].nxt ) 70 { 71 int v = edge[i].to ; 72 if( dis[v] < 0 && edge[i].vi > 0 ) 73 { 74 dis[v] = dis[u] + 1 ; 75 Q.push( v ) ; 76 } 77 } 78 } 79 // cout<<endl; 80 return dis[t] > 0 ; 81 } 82 83 84 long long int dfs( int u , long long int tmp ) 85 { 86 if( u == t ) return tmp ; 87 long long int an = 0ll , cost = 0ll ; 88 for( int i = cur[u] ; ~i ; i = edge[i].nxt ) 89 { 90 int v = edge[i].to ; 91 if( dis[v] != dis[u] + 1 ) continue ; 92 an = dfs( v , min( tmp - cost , (long long )edge[i].vi ) ) ; 93 edge[i].vi -= an , edge[i^1].vi += an ; cost += an; 94 if( edge[i].vi ) cur[u] = i ; 95 if( cost == tmp ) return cost ; 96 } 97 if( !cost ) dis[u] = -1; 98 return cost ; 99 } 100 101 void sov( ) 102 { 103 long long int ans = 0 ; 104 while( bfs( ) ) 105 { 106 for( int x = 1 ; x <= n<<1 ; ++x ) cur[x] = head[x] ; 107 head[s] = cur[s] ; 108 ans += dfs( s , (long long )inf ) ; 109 } 110 printf( "%d" , min( ans , (long long)m ) ) ; 111 return ; 112 } 113 114 115 int main( ) 116 { 117 // Init( ) ; 118 input( ) ; 119 sov( ) ; 120 // fclose( stdin ) ; 121 // fclose( stdout ) ; 122 return 0 ; 123 }