luogu P1880（区间dp）

传送门

题意：

一个椭圆形操场环绕着有(n)堆石子，每堆石子有(a_i)个石头，相邻的两堆可以被合并，每次合并获得的权值是他们两堆石子的个数。现在问你能够获得的最大以及最小的权值和。

分析：

区间dp的经典题。

因为在区间dp的问题中，问题往往会跟某个区间([l,r])的状态由关，因此我们往往会设置(dp[l][r])为，区间([l,r])被合并之后，能够获取的最大/最小的权值和。之后我们需要考虑对于状态(dp[l][r])，它是由那些状态转移过来的。

显然，倘若需要区间([l,r])被合并，那么这个大的区间肯定是由两个小区间进行合并而来的，我们不妨设一个变量(k)为大区间的分界点。那么当前的大区间([l,r])，显然是由小区间([l,k])以及小区间([k+1,r])通过合并而来的。至此，我们就把一个大问题划分成了一个小的问题，故我们可以直接写出状态转移方程：$$dp[l,r]=max(dp[l][r],dp[l][k]+dp[k+1][r]+val[l,r])$$

这里有一个技巧，在我们枚举所有区间的过程中，我们可以先枚举一个数(p)，代表枚举到的区间的长度，再枚举(l=1,r=l+p)，这样进行递推调用将会比较方便。

而对于这个问题，我们发现这个问题是可以在环上进行的，因此我们需要把原来的石头开成两倍，以满足环上合并的情况。

因为分别要枚举区间([l,r])以及变量(k)，因此区间dp的总的时间复杂度为：(mathcal{O}(n^3))。

代码：

#include <bits/stdc++.h>
#define maxn 205
using namespace std;
int minn,maxx,dpmax[maxn][maxn],dpmin[maxn][maxn],a[301];
int sum[maxn];
const int inf=0x3f3f3f3f;
int Sum(int l,int r){
    return sum[r]-sum[l-1];
}
int main()
{
    int n;
    scanf("%d",&n);
    for(int i=1;i<=n;i++){
        scanf("%d",&a[i]);
        a[i+n]=a[i];
    }
    for(int i=n+1;i<=2*n;i++){
        a[i+n]=a[i];
    }
    for(int i=1;i<=2*n;i++){
        sum[i]=sum[i-1]+a[i];
    }
    for(int p=1;p<n;p++){
        for(int i=1,j=i+p;(j<=2*n)&&(I<=2*n);i++,j=i+p){
            dpmin[i][j]=inf;
            for(int k=i;k<j;k++){
                dpmax[i][j]=max(dpmax[i][j],dpmax[i][k]+dpmax[k+1][j]+Sum(i,j));
                dpmin[i][j]=min(dpmin[i][j],dpmin[i][k]+dpmin[k+1][j]+Sum(i,j));
            }
        }
    }
    minn=inf;
    for(int i=1;i<=n;i++){
        maxx=max(maxx,dpmax[i][i+n-1]);
        minn=min(minn,dpmin[i][i+n-1]);
    }
    printf("%d
%d
",minn,maxx);
    return 0;
}