P1119 灾后重建

题目链接：P1119

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简化题意：

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这是一道floyed的题。但是有所不同的是，这道题里的点是有时间限制的。

所以说我们在做floyed的时候，我们不能直接枚举所有中转点，而是按照时间来进行。

以及，有可能出现询问的时候两个点没有修好，我们还要判断这个。

而且在这道题里，询问的t是不下降的，这样我们就不用考虑数组的问题。我们在上一次询问时的更新，一定是合法的。

当然，因为询问和修复都是有时间的,所以说我们要在读完修复后，用一个堆去维护它。

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读不明白？何不看看代码。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<queue>
#include<cstring>
using namespace std;
int n,m;
int ask;
int f;
int to;
int l;
int q;
int timee;
bool build[300];
int flag;
struct vi{
    int num;
    int t;
    bool operator < (const vi &b) const{
        return t>b.t;
    }
};//我们需要一个堆，而且要存修复的时间与村庄 
priority_queue<vi> q2;
int map[300][300];
int now;
void floyed(int k){//特别的更新 
    for(int i=0;i<n;++i){
        for(int j=0;j<n;++j){
            map[i][j]=min(map[i][j],map[i][k]+map[k][j]);
        }
    }//有0号点 
}
int main(){
    memset(map,0x3f3f3f,sizeof(map));//初始化 
    cin>>n>>m;
    for(int i=1;i<=n;++i){
        cin>>now;
        q2.push((vi){ i-1,now});//有0号点 
    }
    for(int i=1;i<=m;++i){
        cin>>f>>to>>l;
        map[to][f]=map[f][to]=l;//存图 
    }
    cin>>q;
    for(int i=1;i<=q;++i){//因为说了时间不下降 
        cin>>f>>to>>timee;
        {
            while(q2.size()&&q2.top().t<=timee){//所以我们就可以在上一次询问的基础上直接用
            //新修好的点去更新
            //这样可以优化时间 
                vi noww=q2.top();//取出 
                floyed(noww.num);
                build[noww.num]=1;//标记 
                q2.pop();//弹出 
            }
        if(!build[f]||!build[to]){//如果有一个点没修好 
            cout<<-1<<endl;
            continue;
            
        }
        else{
            if(map[f][to]>=0x3f3f3f){//好像写成==会有bug 
                cout<<-1<<endl;//反正这数据范围不可能超过 0x3f3f3f
            }
            else
            {
                cout<<map[f][to]<<endl;//直接输出 
            }
        }    
    }
    return 0;
}