[USACO10MAR]伟大的奶牛聚集Great Cow Gat… ($dfs$,树的遍历)

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Solution

辣鸡题...因为一个函数名看了我贼久。
思路很简单，可以先随便指定一个根，然后考虑换根的变化。
每一次把根从 (x) 换成 (x) 的一个子节点 (y)，记录一下每个节点的子树牛数目 (son)。
令 (sum) 为所有节点上牛的数目，那么每一次换根变化为 ((sum-son_y*2)*w)。
然后就可以统计了，复杂度 (O(n)) 。

Code

#include<bits/stdc++.h>
#define N 100008
#define ll long long
using namespace std;

void in(ll &x)
{
    char ch=getchar();ll f=1,w=0;
    while(ch<'0'||ch>'9'){if(ch=='-')f=-1;ch=getchar();}
    while(ch<='9'&&ch>='0'){w=w*10+ch-'0';ch=getchar();}
    x=f*w; return;
}

struct sj{
    ll to,next,w;
}a[N*2];
ll head[N],size,c[N],n;

void add(ll x,ll y,ll z)
{   
    a[++size].to=y;
    a[size].next=head[x];
    head[x]=size;
    a[size].w=z;
}

ll sum[N],son[N],ans[N],som[N],Ans,Sum;
void dfs(ll x,ll fr)
{
    son[x]=c[x];
    for(ll i=head[x];i;i=a[i].next)
    {
        ll tt=a[i].to;
        if(tt==fr)continue;
        dfs(tt,x);
        son[x]+=son[tt];
        sum[x]+=(a[i].w*son[tt]+sum[tt]);   
    }
}

void work(ll x,ll fr)
{
    for(ll i=head[x];i;i=a[i].next)
    {
        ll tt=a[i].to;
        if(tt==fr)continue;
        som[tt]=Sum-son[tt];
        ans[tt]=ans[x]+som[tt]*a[i].w-son[tt]*a[i].w;
		Ans=min(Ans,ans[tt]);  
		work(tt,x);
    }
}

int main()
{
    in(n);
    for(ll i=1;i<=n;i++) in(c[i]),Sum+=c[i];
    for(ll i=1;i<n;i++)
    {
        ll x,y,w;
        in(x),in(y),in(w);
        add(x,y,w),add(y,x,w);
    }
    dfs(1,0); Ans=0x3f3f3f3f3f3f3f;
    ans[1]=sum[1]; work(1,0);
    cout<<min(ans[1],Ans)<<endl;
    return 0;
}