[atARC075F]Mirrored

假设$n=sum_{i=0}^{k}a_{i}10^{i}$（其中$a_{k}>0$），则有$d=f(n)-n=sum_{i=0}^{k}(10^{k-i}-10^{i})a_{i}$，考虑$i$和$k-i$，不难化简得到$d=sum_{i=0}^{lfloorfrac{k-1}{2} floor}(10^{k-i}-10^{i})(a_{i}-a_{k-i})$

（这里忽略了当$k$为偶数时$a_{frac{k}{2}}$，因为其系数为0，因此当$k$为偶数时答案可以再乘10）

记$b_{i}=a_{i}-a_{k-i}$后，考虑去统计$b_{i}$，之后再加上对应的$a_{i}$，即$prod(10-|b_{i}|)$种

从0到$lfloorfrac{k-1}{2} floor$依次确定$b_{i}$，当要确定$b_{i}$时（即$b_{0..i-1}$都已经确定），考虑$b_{i}$之后的位置所能产生的贡献，不难得到$b_{i}$合法的必要条件为$|d-sum_{j=0}^{i}(10^{k-j}-10^{j})b_{j}|le 9sum_{j=i+1}^{lfloorfrac{k-1}{2} floor}(10^{k-j}-10^{j})$

又因为$10^{k-i}-10^{i}>9sum_{j=i+1}^{lfloorfrac{k-1}{2} floor}(10^{k-j}-10^{j})$，即当左边绝对值内已经是正数时，再增加$b_{i}$一定不合法，类似的负数时不能减少，因此$b_{i}$最多只有两种（恰好为正数或负数）

如果爆搜，对于每一个$k$都有$2^{lfloorfrac{k-1}{2} floor}$的复杂度，因此考虑确定$k$的范围：

对于$10^{k-i}-10^{i}>9sum_{j=i+1}^{lfloorfrac{k-1}{2} floor}(10^{k-j}-10^{j})$这个条件，更精确的，我们在右边再加上$10^{lceilfrac{k+1}{2} ceil}$后也是正确的，即$10^{k-i}-10^{i}>9sum_{j=i+1}^{lfloorfrac{k}{2} floor}(10^{k-j}-10^{j})+10^{lceilfrac{k+1}{2} ceil}$

接下来证明若$dle 10^{lceilfrac{k+1}{2} ceil}-10^{lfloorfrac{k-1}{2} floor}$，一定无解——

归纳$b_{i}=0$，即当确定$b_{i}$时$b_{0..i-1}=0$，此时来证明$b_{i}=0$

由于$d>0$，因此$b_{i}le 1$，同时$b_{i}$的系数最小即为$10^{lceilfrac{k+1}{2} ceil}-10^{lfloorfrac{k-1}{2} floor}$，因此$b_{i}ge -1$

而当$b_{i}=-1$时，$(10^{k-j}-10^{j})-d>9sum_{j=i+1}^{lfloorfrac{k}{2} floor}(10^{k-j}-10^{j})+10^{lceilfrac{k+1}{2} ceil}-10^{lceilfrac{k+1}{2} ceil}$（第一项$10^{lceilfrac{k+1}{2} ceil}$是更精确的比较，第二项是$d<10^{lceilfrac{k+1}{2} ceil}$），因此即不满足必要条件

当所有$b_{i}=0$时，不难得到$d=0$，即无解，因此有$kle 18$，总复杂度即为$o(18cdot 2^{9})$，可以通过

有1个细节：要求$a_{k}>0$，因此若$b_{0}ge 0$则$b_{0}$的对$a_{i}$贡献系数为$9-b_{0}$

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define N 21
#define ll long long
ll n,sum,ans,mi[N];
void dfs(int k,int t,ll n,ll tot){
    if (k>(t-1)/2){
        if (!n)sum+=tot;
        return;
    }
    ll s=mi[t-k]-mi[k];
    n+=9*s;
    for(int i=-9;i<=9;i++){
        if (abs(n)<s)dfs(k+1,t,n,tot*(10-abs(i)-((!k)&&(i>=0))));
        n-=s;
    }
}
int main(){
    scanf("%lld",&n);
    mi[0]=1;
    for(int i=1;i<=18;i++)mi[i]=mi[i-1]*10;
    for(int i=1;i<=18;i++){
        sum=0;
        dfs(0,i,n,1);
        if (i%2==0)sum*=10;
        ans+=sum;
    }
    printf("%lld",ans);
}