[cf1444D]Rectangular Polyline

由于两种线段要交替出现，有解的必要条件即为$h=v$（以下均记为$n$）

进一步的，再假设两种线段依次对应于向量$(a_{i},0)$和$(0,b_{i})$，根据题意要求向量长度为给定值且和为0，那么也即有$|a_{i}|=l_{i},|b_{i}|=p_{i}$且$sum_{i=1}^{n}a_{i}=sum_{i=1}^{n}b_{i}=0$

使用背包判定是否存在这样的$a_{i}$和$b_{i}$，若不存在即无解，若存在则再求出任意一组

（可以证明此时一定有解，以下即为构造）

若$a_{i}$中的负数少于$b_{i}$则将两者全部取相反数，再将两者分别从大到小排序（其实只需要保证正数在负数前），最后将$(a_{i},b_{i})$作为一个整体极角排序，并依次选择$(a_{1},0),(0,b_{1}),(a_{2},0),...,(b_{n},0)$即可

（代码实现上通过将两边分别合理排序使得其已经极角排序）

不难发现，以此法最终方案一定是形如下图的形式，即合法

时间复杂度为$o(frac{nC^{2}}{omega})$，可以通过

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define N 1005
bitset<N*N>f[N];
int t,n,m,a[N],b[N];
int calc(int *a){
    int m=0;
    for(int i=1;i<=n;i++)m+=a[i];
    if (m&1)return 0;
    m>>=1;
    for(int i=1;i<=n;i++)f[i]=((f[i-1])|(f[i-1]<<a[i]));
    if (!f[n][m])return 0;
    for(int i=n;i;i--)
        if (!f[i-1][m]){
            m-=a[i];
            a[i]=-a[i];
        }
    return 1;
}
int main(){
    f[0][0]=1;
    scanf("%d",&t);
    while (t--){
        scanf("%d",&n);
        for(int i=1;i<=n;i++)scanf("%d",&a[i]);
        scanf("%d",&m);
        for(int i=1;i<=m;i++)scanf("%d",&b[i]);
        if ((n!=m)||(!calc(a))||(!calc(b))){
            printf("No
");
            continue;
        }
        int cnt=0;
        for(int i=1;i<=n;i++)cnt+=(a[i]<0)-(b[i]<0);
        if (cnt<0){
            for(int i=1;i<=n;i++)a[i]=-a[i],b[i]=-b[i];
        }
        sort(a+1,a+n+1),reverse(a+1,a+n+1);
        sort(b+1,b+n+1),reverse(b+1,b+n+1);
        for(int i=1;i<=n+1;i++)
            if ((i>n)||(a[i]<0)){
                reverse(b+1,b+i);
                break;
            }
        for(int i=n;i>=0;i--)
            if ((!i)||(b[i]>0)){
                reverse(a+i+1,a+n+1);
                break;
            }
        printf("Yes
");
        for(int i=1,x=0,y=0;i<=n;i++){
            x+=a[i],printf("%d %d
",x,y);
            y+=b[i],printf("%d %d
",x,y);
        }
    }
    return 0;
}