10.14 JZPLCM

题意

长为(N)的序列，(Q)次询问，每次询问([l,r])的lcm

解法

可以发现([l,r])的lcm实质上是把(l)到(r)的所有数进行质因数分解后，对于每个质因子的指数取最大值

但是最大值这个条件不好维护，考虑把贡献拆开，即对于一个质因子的幂(p^k)，我们把它拆成(k)份，分别为(p,p^1,p^2,p^3...p^k)，每一份的贡献均为(p)

因此对于每个数我们都这样进行处理，把一个数拆成一段区间，可以证明拆完所有数后区间的长度是(O(nlog n))级别的

这样，在查询([l,r])这段区间时，我们只要查询(l)对应的左端点与(r)对应的右端点这一个区间内只出现一次的数的乘积即可（这里的乘积指的是出现一次的数作出的贡献）

这是因为如果LCM中有(p^k)这一质因子的幂，那么它一定会被拆成(k)份，每一份的贡献为(p)，而对于其他比(k)小的幂，由于是求区间内的不同数，其贡献一定会被忽略

维护区间内不同数以及它们贡献的乘积用离线+树状数组即可，参考( t{HH})的项链，即每次添加一个数，把它上一次出现的位置还原：这样能使得对于同一右端点，每个数出现的位置一定最靠右

代码

#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;

const int MAX_N = 1e6 + 10;
const int mod = 1e9 + 7;

int read();

struct node { int Id, l; };

int N, M;

int func[MAX_N << 1], val[MAX_N << 1], top;
int le[MAX_N], ri[MAX_N], lst[MAX_N << 1], pos[MAX_N << 1];

int pri[MAX_N], mn[MAX_N], cnt;
bool is[MAX_N];

int ans[MAX_N];
vector<node> Q[MAX_N << 1];

inline int fsp(int x, int y = mod - 2) {
	int res = 1;
	for (; y; x = 1LL * x * x % mod, y >>= 1)
		if (y & 1)  res = 1LL * res * x % mod;	
	return res;
}

struct BIT {
	int c[MAX_N << 1];
	
	void init() { for (int i = 1; i <= top; ++i)  c[i] = 1; }
	
	void inc(int x, int v)  {
		for (; x && x <= top; x += x & -x)  c[x] = 1LL * c[x] * v % mod;	
	}
	void dec(int x, int v) {
		v = fsp(v);
		for (; x && x <= top; x += x & -x)  c[x] = 1LL * c[x] * v % mod;
	}
	int ask(int x, int res = 1) {
		for (; x; x -= x & -x)  res = 1LL * res * c[x] % mod;
		return res;
	} 
	int query(int l, int r) {
		return 1LL * ask(r) * fsp(ask(l)) % mod;			
	}
} tr;

void sieve() {
	int lim = (int)1e6;
	for (int i = 2; i <= lim; ++i) {
		if (!is[i])  pri[++cnt] = i, mn[i] = i;
		for (int j = 1; j <= cnt && i * pri[j] <= lim; ++j) {
			is[i * pri[j]] = true, mn[i * pri[j]] = pri[j];
			if (i % pri[j] == 0)  break;
		}
	}
}

void divide(int x, int i) {
	if (x == 1) {
		++top;
		le[i] = ri[i] = top, func[top] = val[top] = 1;
		return;
	}
	le[i] = top + 1;
	while (x ^ 1) {
		int s = mn[x], pw = mn[x];
		while (x % s == 0) {
			func[++top] = pw, val[top] = s;
			x /= s, pw *= s;
		}
	}
	ri[i] = top;
}

int main() {
	
	sieve();
	
	N = read(), M = read();
	
	for (int i = 1; i <= N; ++i)  divide(read(), i);
	
	for (int i = 1; i <= top; ++i) {
		lst[i] = pos[func[i]];
		pos[func[i]] = i;	
	}
	
	for (int i = 1; i <= M; ++i) {
		int l = read(), r = read();
		Q[ri[r]].push_back((node){i, le[l]});
	}
	
	tr.init();
	for (int i = 1; i <= top; ++i) {
		tr.inc(i, val[i]);
		if (lst[i])  tr.dec(lst[i], val[i]);
		for (int j = 0; j < (int)Q[i].size(); ++j) {
			int Id = Q[i][j].Id, l = Q[i][j].l;
			ans[Id] = tr.query(l - 1, i);
		}
	}
	
	for (int i = 1; i <= M; ++i)  printf("%d
", ans[i]);
	
	return 0;
}

int read() {
	int x = 0, c = getchar();
	while (!isdigit(c))  c = getchar();
	while (isdigit(c))   x = x * 10 + c - 48, c = getchar();
	return x;	
}