BZOJ2809: [Apio2012]dispatching
Description
在一个忍者的帮派里,一些忍者们被选中派遣给顾客,然后依据自己的工作获取报偿。
在这个帮派里,有一名忍者被称之为 Master。
除了 Master以外,每名忍者都有且仅有一个上级。
为保密,同时增强忍者们的领导力,所有与他们工作相关的指令总是由上级发送给他的直接下属,而不允许通过其他的方式发送。
现在你要招募一批忍者,并把它们派遣给顾客。
你需要为每个被派遣的忍者 支付一定的薪水,同时使得支付的薪水总额不超过你的预算。
另外,为了发送指令,你需要选择一名忍者作为管理者,要求这个管理者可以向所有被派遣的忍者 发送指令,在发送指令时,任何忍者(不管是否被派遣)都可以作为消息的传递人。
管理者自己可以被派遣,也可以不被派遣。
当然,如果管理者没有被排遣,就不需要支付管理者的薪水。
你的目标是在预算内使顾客的满意度最大。
这里定义顾客的满意度为派遣的忍者总数乘以管理者的领导力水平,其中每个忍者的领导力水平也是一定的。
写一个程序,给定每一个忍者 i的上级 Bi,薪水Ci,领导力L i,以及支付给忍者们的薪水总预算 M,输出在预算内满足上述要求时顾客满意度的最大值。
1 ≤N ≤ 100,000 忍者的个数;
1 ≤M ≤ 1,000,000,000 薪水总预算;
0 ≤Bi < i 忍者的上级的编号;
1 ≤Ci ≤ M 忍者的薪水;
1 ≤Li ≤ 1,000,000,000 忍者的领导力水平。
Input
从标准输入读入数据。
第一行包含两个整数 N和 M,其中 N表示忍者的个数,M表示薪水的总预算。
接下来 N行描述忍者们的上级、薪水以及领导力。
其中的第 i 行包含三个整 Bi , C i , L i分别表示第i个忍者的上级,薪水以及领导力。
Master满足Bi = 0,并且每一个忍者的老板的编号一定小于自己的编号 Bi < i。
Output
输出一个数,表示在预算内顾客的满意度的最大值。
Sample Input
5 4
0 3 3
1 3 5
2 2 2
1 2 4
2 3 1
0 3 3
1 3 5
2 2 2
1 2 4
2 3 1
Sample Output
6
HINT
如果我们选择编号为 1的忍者作为管理者并且派遣第三个和第四个忍者,薪水总和为 4,没有超过总预算4。
因为派遣了2 个忍者并且管理者的领导力为3,用户的满意度为 2,是可以得到的用户满意度的最大值。
题解Here!
这题没有多个询问,故此我们可以直接枚举每个忍者。
怎么枚举?当然大力 DFS !
先从上往下递归,顺便求出子树信息,然后从叶子结点向上枚举,到一个节点,合并子树的左偏树。
左偏树当然是大根堆,然后合并子树左偏树时,暴力弹出根节点,即薪水最大的忍者,直到 cost<=m。
然后合并完 Master 之后就可以直接输出答案了。
这题都能 1A 我也是没有想到。。。
附代码:
#include<iostream> #include<algorithm> #include<cstdio> #define MAXN 100010 using namespace std; int n,m; int c=1,head[MAXN],deep[MAXN],size[MAXN],fa[MAXN]; long long ans=0; struct Ninja{ int son[2]; int f,v,w,dis; long long s; }a[MAXN]; struct Graph{ int next,to; }g[MAXN<<1]; inline int read(){ int date=0,w=1;char c=0; while(c<'0'||c>'9'){if(c=='-')w=-1;c=getchar();} while(c>='0'&&c<='9'){date=date*10+c-'0';c=getchar();} return date*w; } inline void add(int x,int y){ g[c].to=y;g[c].next=head[x];head[x]=c++; } int merge(int x,int y){ if(!x)return y;if(!y)return x; if(a[x].v<a[y].v||(a[x].v==a[y].v&&x>y))swap(x,y); a[x].son[1]=merge(a[x].son[1],y); a[a[x].son[1]].f=x; if(a[a[x].son[1]].dis>a[a[x].son[0]].dis)swap(a[x].son[0],a[x].son[1]); if(!a[x].son[1])a[x].dis=0; else a[x].dis=a[a[x].son[1]].dis+1; return x; } void dfs(int rt){ fa[rt]=rt;a[rt].s=a[rt].v;size[rt]=1; for(int i=head[rt];i;i=g[i].next){ int will=g[i].to; if(!deep[will]){ deep[will]=deep[rt]+1; dfs(will); size[rt]+=size[will]; a[rt].s+=a[will].s; fa[rt]=merge(fa[rt],fa[will]); } } while(a[rt].s>m&&size[rt]){ a[rt].s-=a[fa[rt]].v; fa[rt]=merge(a[fa[rt]].son[0],a[fa[rt]].son[1]); size[rt]--; } ans=max(ans,(long long)size[rt]*a[rt].w); } void work(){ dfs(1); printf("%lld ",ans); } void init(){ n=read();m=read(); for(int i=1;i<=n;i++){ int fa=read(); a[i].v=read();a[i].w=read(); add(fa,i); } } int main(){ init(); work(); return 0; }