题目描述
某乡有n个村庄(1<n<15)，有一个售货员，他要到各个村庄去售货，各村庄之间的路程s(0<s<1000)是已知的，且A村到B村与B村到A村的路大多不同。为了提高效率，他从商店出发到每个村庄一次，然后返回商店所在的村，假设商店所在的村庄为1，他不知道选择什么样的路线才能使所走的路程最短。请你帮他选择一条最短的路。
输入格式
村庄数n和各村之间的路程(均是整数)。
输出格式
最短的路程
走完n个点的最短路可以由走完n-1个点的最短路加上最后走的边的边权更新而来，所以不难想到我们可以用动规来做这题。而一个点只能被经过一次，并且n<15，我们可以用状压。
设dp(i,j)表示对图的遍历情况为i的二进制数时走到点j的最短路。考虑什么状态可以更新dp(i,j)。
由于每个点只能被经过一次，设更新i的状态为k，那么显然i的第j位为1，k的第j位为0，并且除此之外k和i没有别的不同。所以我们不需要枚举k，只需i^(1<<j)即可。如果k能够更新i，那么肯定是从k的情况时经过的点走过来，也就是k中有1的位置。那么：
[dp(i,j)=Min{{}dp(iXOR(1<<j),k){}}
]
其中k和i满足上述的所有条件。
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#define maxn 16
using namespace std;
int dis[maxn][maxn],dp[1<<maxn][maxn];
int n;
int main(){
scanf("%d",&n);
for(register int i=0;i<n;i++){
for(register int j=0;j<n;j++) scanf("%d",&dis[i][j]);
}
memset(dp,0x3f,sizeof dp),dp[1][0]=0;
for(register int i=1;i<1<<n;i++){
for(register int j=0;j<n;j++) if((i>>j)&1){
for(register int k=0;k<n;k++) if(j!=k&&((i^(1<<j))>>k)&1){
dp[i][j]=min(dp[i][j],dp[i^(1<<j)][k]+dis[k][j]);
}
}
}
int mini=0x3f3f3f3f;
for(register int i=1;i<n;i++) mini=min(mini,dp[(1<<n)-1][i]+dis[i][0]);
printf("%d
",mini);
return 0;
}